例题21
1、知识点总结
理解B类网络默认掩码
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一个标准的B类网络，其默认子网掩码是 255.255.0.0 (/16)。
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这意味着前16位是网络位，后16位是主机位。
分析给定的子网掩码
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给定的子网掩码是 255.255.192.0。
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将其转换为二进制来看清网络位的变化：
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255.255.0.0(默认) ->11111111.11111111.00000000.00000000 -
255.255.192.0(给定) ->11111111.11111111.11000000.00000000
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计算借用的子网位数
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与默认掩码相比，新的掩码在第三字节 中多出了2个"1" （
11000000）。 -
这2个"1"是从原来的主机位中借用 过来的，现在用作子网位。
计算子网数量
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子网数量的计算公式是：2^(借用的子网位数)
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这里借用了 2位 ，所以子网数量 = 2² = 4
验证
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借用的2位子网位可以有4种组合：
00,01,10,11。这正好对应4个子网。 -
每个子网的大小（主机数量）为 2^(剩余主机位) = 2^(14) = 16384 台主机（但题目问的是子网数量，而非主机数）。
2、选项分析
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A. 2 ：错误。这对应只借用了1位子网位（2¹=2）。
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B. 4 ：正确。这对应借用了2位子网位（2²=4）。
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C. 6 ：错误。子网数量永远是2的n次幂，不可能是6。
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D. 8 ：错误。这对应借用了3位子网位（2³=8）。
3、最终选项：B
例题22～23
1、知识点总结
CIDR与掩码转换：需要熟悉常见CIDR表示法（如/22）对应的子网掩码（255.255.252.0）。
主机数计算 ：牢牢记住公式 可用IP数 = 2ⁿ - 2 ，其中 n 是主机位的位数。减2是扣除了网络号和广播地址。
| 地址类型 | 第一个字节（第一段）的范围 | 默认子网掩码 | 用途 |
|---|---|---|---|
| A类 | 1 - 126 | 255.0.0.0 | 用于超大型网络 |
| B类 | 128 - 191 | 255.255.0.0 | 用于大、中型网络 |
| C类 | 192 - 223 | 255.255.255.0 | 用于小型网络 |
2、选项分析
试题（22）解析：求子网掩码
关键信息 ：使用 22 位作为网络地址。
标准解法 ：
子网掩码由连续的网络位（1）和主机位（0）组成。22位网络地址意味着前22位是1，后10位是0（因为IP地址总共32位）。
将22位子网掩码转换为点分十进制：
-
前16位（两个255）是固定的：
255.255 -
还需要6位网络位在第三段（因为16 + 6 = 22）。第三段的二进制为：
11111100（前6位是1，后2位是0） -
将
11111100转换为十进制：128+64+32+16+8+4 = 252 -
第四段全为主机位，所以是0。
因此，22位的子网掩码是：255.255.252.0
快速验证：/22 是CIDR表示法中的一个常见值，其对应的子网掩码就是255.255.252.0。
试题（23）解析：求最多主机数
关键信息 ：网络地址为22位，意味着主机位为 32 - 22 = 10 位。
计算公式：可用主机地址数 = 2^(主机位数) - 2
-
2^10 = 1024（这是包括网络地址和广播地址在内的总地址数） -
减去2（网络地址和广播地址不可分配给主机）
-
可用主机数 = 1024 - 2 = 1022
因此，最多可以连接 1022 台主机。
3、最终选项：C、C
例题24
1、知识点总结
要判断一个IP地址是否属于某个网段，需要看它的网络地址 是否与给定网段的网络地址相同。计算网络地址的方法是：IP地址 与 子网掩码 进行"与"运算。
最快解法：比较"关键字节"
对于这类题，最快速的方法是不需要计算完整的IP地址，而是专注于子网掩码发生变化的那个字节（本例中是第三个字节）。
目标IP：193.154.17.8
我们需要关注的是第三个字节：17
我们逐一检查每个选项，看17这个数字是否落在该选项所定义的子网范围内。
2、选项分析
A. 193.154.0.0/21
-
/21掩码：255.255.248.0 -
块大小 ：计算变化字节（第三字节）的块大小。
256 - 248 = 8。这意味着网段在第三字节上以8为块划分。 -
子网范围 ：第三字节是
0，所以子网号是8的倍数：0, 8, 16, 24, ... -
0网段的范围是：193.154.0.0~193.154.7.255 -
判断 ：我们的IP第三字节是
17，不在0~7这个范围内。不属于此网段。
B. 193.154.16.0/20
-
/20掩码：255.255.240.0 -
块大小 ：
256 - 240 = 16。网段在第三字节上以16为块划分。 -
子网范围 ：第三字节是
16，所以子网号是16的倍数：0, 16, 32, 48, ... -
16网段的范围是：193.154.16.0~193.154.31.255 -
判断 ：我们的IP第三字节是
17，正好在16~31这个范围内。属于此网段。
C. 193.154.8.0/22
-
/22掩码：255.255.252.0 -
块大小 ：
256 - 252 = 4。网段在第三字节上以4为块划分。 -
子网范围 ：第三字节是
8，所以子网号是4的倍数：0, 4, 8, 12, 16, 20, ... -
8网段的范围是：193.154.8.0~193.154.11.255 -
判断 ：我们的IP第三字节是
17，不在8~11这个范围内。不属于此网段。
D. 193.154.20.0/22
-
/22掩码：255.255.252.0 -
块大小 ：同样是
4。 -
子网范围 ：第三字节是
20，所以子网号是4的倍数。 -
20网段的范围是：193.154.20.0~193.154.23.255 -
判断 ：我们的IP第三字节是
17，不在20~23这个范围内。不属于此网段。
3、最终选项：B
例题25
1、知识点总结
核心步骤 ：写出二进制，找相同前缀。这是解决路由汇聚问题最可靠的方法。
原则 ：汇聚后的地址必须是能包含所有待汇聚子网的最小可能 的超网（即使用最长的掩码，/21比/20更长更精确）。
快速验证 ：汇聚后的网络地址一定是所有待汇聚子网地址中最小的那个（本例中是128，而不是130或133）。
2、选项分析
路由汇聚，也称为CIDR聚合，其核心思想是找出多个连续子网的共同前缀，用一个更大的网段（即更短掩码的网络）来概括它们，从而减少路由表条目。
解题步骤（最快方法）：
写出两个网络的第三个字节的二进制形式（因为它们的掩码是/24，汇聚会在第三个字节发生）：
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子网1: 202.118.133 .0/24 -> 133 的二进制：
1000 **0101** -
子网2: 202.118.130 .0/24 -> 130 的二进制：
1000 **0010**
从左向右（高位到低位）对比这两个二进制数，找到最后一个相同的位：
确定汇聚后的掩码：
-
原始掩码是/24（前24位固定）。
-
我们找到了前5位（在第三字节内）相同，这意味着在第三字节我们只需要保留前5位作为网络位。
-
所以，新的网络掩码长度 = 16（前两段） + 5（第三段的前5位） = /21。
-
汇聚后的掩码是
255.255.11111000.0，即255.255.248.0。
确定汇聚后的网络地址：
-
网络地址的主机位全为0。我们需要将两个IP地址的第三字节保留相同的部分（前5位），后面的位置0。
-
133的二进制前5位是10000，后面补3个0 ->10000000-> 128。 -
130的二进制前5位也是10000，后面补3个0 ->10000000-> 128。 -
所以汇聚后的网络地址是：202.118.128.0/21。
3、最终选项：A
例题26
1、知识点总结
超网是将多个连续的小网络（如C类网络）聚合成一个更大的网络。其核心是借用原网络位作为主机位，从而缩短子网掩码。
解题关键
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一个标准C类网络 的掩码是
255.255.255.0(/24)，主机位有8位。 -
要聚合
32个这样的网络，需要向主机位"借"回足够的位数来表示这32个子网。 -
计算需要"借"多少位：
2^n >= 所需子网数。这里2^5 = 32，所以需要向主机位借回5位。 -
新的掩码长度 = 原掩码长度 - 借用的位数。C类原为/24，借用5位后，新掩码长度为
24 - 5 = 19。 -
/19掩码的二进制形式为：11111111.11111111.11100000.00000000-
前两段
255.255是固定的。 -
第三段
11100000转换为十进制：128 + 64 + 32 = 224。 -
第四段
00000000为0。
-
-
因此，聚合32个C类网络后的超网掩码是 255.255.224.0。
2、最终选项：C
例题27
1、知识点总结
根据国际标准化组织（ISO）定义的网络管理模型（ISO/IEC 7498-4），网络管理包含五大功能域（FCAPS模型）：
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故障管理 (Fault Management)：检测、记录、通知用户并（尽可能自动地）修复网络问题，以保障网络的正常运行。
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配置管理 (Configuration Management)：监控和管理网络系统的配置信息，包括设备配置、软件配置等，并跟踪网络变化。
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计费管理 (Accounting Management)：测量网络资源的使用情况，并根据这些测量结果对用户进行计费和核算成本。
-
性能管理 (Performance Management)：评估和报告网络设备性能以及整个网络的性能状况，包括吞吐量、利用率、错误率等，以确保网络运行在可接受的水平。
-
安全管理 (Security Management)：控制对网络资源的访问，根据安全策略实施安全措施，如身份认证、授权、加密和密钥管理等，以保护网络系统和数据。
这五大功能域（FCAPS）是网络管理领域的核心标准和通用知识。
2、最终选项：A
例题28
1、知识点总结
FTP (File Transfer Protocol，文件传输协议) 使用 TCP 作为其传输层协议。
一个完整的 FTP 连接需要两个 TCP 端口：
- 控制连接 (Control Connection) ：默认使用 端口 21。用于在客户端和服务器之间发送命令和响应（例如，登录、切换目录、下达上传/下载指令）。
- 数据连接 (Data Connection) ：通常使用 端口 20。用于实际的文件数据传输。
题目中问的是"用于FTP服务的TCP端口"，通常指的是其最著名、用于建立命令通道的默认端口，即端口 21。
2、选项分析
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A. 80 ：默认用于 HTTP (HyperText Transfer Protocol) 协议，即网页浏览服务。
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B. 23 ：默认用于 Telnet 服务，提供远程命令行登录。
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C. 21 ：默认用于 FTP 服务的控制连接。这是正确答案。
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D. 25 ：默认用于 SMTP (Simple Mail Transfer Protocol) 协议，即发送电子邮件。
3、最终选项：C
例题29
1、知识点总结
DHCP 过程 (DORA)：
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Discovery（发现）：客户端以广播形式发送 DHCP Discover 包，寻找网络中的 DHCP 服务器。
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Offer（提供）：网络中的 DHCP 服务器收到 Discover 包后，从地址池中选择一个空闲 IP，向客户端发送 DHCP Offer 包（包含推荐的 IP 地址、子网掩码、租期等信息）。
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Request（请求） ：客户端可能会收到多个服务器的 Offer。它选择最先到达的那个 Offer，并向网络广播一个 DHCP Request 包，告知所有服务器它选择了哪个 IP 地址。
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Acknowledgement（确认）：被选中的服务器发送 DHCP ACK 包进行最终确认，客户端才正式使用该 IP。
关键特性：
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广播机制：初始发现阶段是广播，所以客户端不需要预先知道服务器的地址。
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服务器冗余：一个子网内可以存在多个 DHCP 服务器以实现高可用。
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地址保留：可以通过 MAC 地址绑定，确保特定主机始终获得相同的 IP 地址。
2、选项分析
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A. 在一个子网内只能设置一台 DHCP 服务器，以防止冲突
- 错误。一个子网内可以部署多台 DHCP 服务器（例如用于冗余备份）。需要合理规划地址池以防止它们分配出重叠的 IP 地址造成冲突，但技术上并不限制只能有一台。
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B. 在默认情况下，客户机采用最先到达 DHCP 服务器分配的 IP 地址
- 正确。这正是 DHCP 协议的标准行为。客户端通常选择它收到的第一个 DHCP Offer。
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C. 使用 DHCP 服务，无法保证某台计算机使用固定 IP 地址
- 错误。DHCP 服务支持"IP 地址保留"或"静态绑定"功能。管理员可以将特定客户端的 MAC 地址与一个 IP 地址进行绑定，从而保证该客户端每次都能获取到相同的固定 IP。
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D. 客户端在配置时必须指明 DHCP 服务器 IP 地址，才能获得 DHCP 服务
- 错误。客户端在初始配置时通常设置为"自动获取 IP 地址"（DHCP 模式）。它通过广播方式发现 DHCP 服务器，完全不需要预先知道服务器的 IP 地址。
3、最终选项：B
例题30
1、知识点总结
这道题考察的是 IEEE 802.3u 快速以太网（100 Mbps）不同物理层标准的介质规范。
| 标准代号 | 传输介质 | 最大段长 | 特点 |
|---|---|---|---|
| 100BASE-TX | 2对（4芯）5类UTP | 100米 | 最常见的100M以太网，使用RJ-45接口 |
| 100BASE-FX | 2芯多模光纤 | 412米（半双工） 2公里（全双工） | 用于骨干连接、电磁干扰环境、长距离传输 |
| 100BASE-T4 | 4对（8芯）3类UTP | 100米 | 为兼容老式3类线设计，已淘汰 |
| 100BASE-T2 | 2对3类UTP | 100米 | 极少使用 |
关键点解析：
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100BASE：代表传输速率为 100 Mbps。
-
-FX ：
F代表 Fiber（光纤）。 -
在100Mbps时代，100BASE-FX 标准明确规定使用多模光纤作为传输介质。单模光纤通常用于千兆及以上速率、更远距离的传输（如 1000BASE-LX）。