(动态规划) 剑指 Offer 60. n个骰子的点数 ——【Leetcode每日一题】

❓ 剑指 Offer 60. n个骰子的点数

难度：中等

把 n 个骰子扔在地上，所有骰子朝上一面的点数之和为 s 。输入 n，打印出s的所有可能的值出现的概率。

你需要用一个浮点数数组返回答案，其中第 i 个元素代表这 n 个骰子所能掷出的点数集合中第 i 小的那个的概率。

示例 1:

输入: 1

输出: $0.16667,0.16667,0.16667,0.16667,0.16667,0.16667$

示例 2:

输入: 2

输出: $0.02778,0.05556,0.08333,0.11111,0.13889,0.16667,0.13889,0.11111,0.08333,0.05556,0.02778$

限制：

1 <= n <= 11

💡思路：动态规划

使用一个二维数组 dp 存储点数出现的次数，其中 dp[i][j] 表示前 i 个骰子产生点数 j 的次数。

只看第 n 枚骰子，它的点数可能为 1, 2, 3, ... , 6 ，因此投掷完 n 枚骰子后点数 j 出现的次数，可以由投掷完 n−1 枚骰子后，对应点数 j−1, j−2, j−3, ..., j−6 出现的次数之和转化过来。

cpp 复制代码

for (第n枚骰子的点数 k = 1; k <= 6; k++) {
    dp[n][j] += dp[n-1][j - k]
}

写成数学公式是这样的：
d p $n$ $j$ = ∑ i = 1 6 d p $n - 1$ $j - k$ dp $n$ $j$ =\sum_{i=1}^6dp $n-1$ $j-k$ dp $n$ $j$ =i=1∑6dp $n-1$ $j-k$
n 表示阶段，j 表示投掷完 n 枚骰子后的点数和，k 表示第 n 枚骰子会出现的六个点数。

⭐️ 空间优化：旋转数组

观察发现每个阶段的状态都只和它前一阶段的状态有关，因此我们不需要用额外的一维来保存所有阶段。

用两个一维数组交替变换存储。

🍁代码：(C++、Java)

C++

cpp 复制代码

class Solution {
public:
    vector<double> dicesProbability(int n) {
        int maxsum = n * 6;
        vector<vector<long long>> dp(n + 1, vector<long long>(maxsum + 1));
        for(int i = 1; i <= 6; i++){
            dp[1][i] = 1;
        }
        for(int i = 2; i <= n; i++){
            for(int j = i; j <= i * 6; j++){
                for(int k = 1; k <= 6 && k <= j; k++){
                    dp[i][j] += dp[i - 1][j - k];
                }
            }
        }
        long long totalnum = pow(6, n);
        vector<double> ans(n * 5 + 1);
        for(int i = n; i <= maxsum; i++){
            ans[i - n] = (double)dp[n][i] / totalnum;
        }
        return ans;
    }
};

⭐️ 空间优化：旋转数组

C++

cpp 复制代码

class Solution {
public:
    vector<double> dicesProbability(int n) {
        int maxsum = n * 6;
        vector<vector<long long>> dp(2, vector<long long>(maxsum + 1));
 
        for(int i = 1; i <= 6; i++){
            dp[0][i] = 1;
        }

        int flag = 1; //旋转标记
        for(int i = 2; i <= n; i++, flag = 1 - flag){
            for(int j = 0; j <= i * 6; j++){
                dp[flag][j] = 0; //旋转数组清零
            }
            for(int j = i; j <= i * 6; j++){
                for(int k = 1; k <= 6 && k < j; k++){
                    dp[flag][j] += dp[1 - flag][j - k];
                }
            }
        }

        long long totalnum = pow(6, n);
        vector<double> ans(n * 5 + 1);
        for(int i = n; i <= maxsum; i++){
            ans[i - n] = (double)dp[1 - flag][i] / totalnum;
        }
        return ans;
    }
};

Java

java 复制代码

class Solution {
    public double[] dicesProbability(int n) {
        int maxsum = n * 6;
        long[][] dp = new long[2][maxsum + 1];
 
        for(int i = 1; i <= 6; i++){
            dp[0][i] = 1;
        }

        int flag = 1; //旋转标记
        for(int i = 2; i <= n; i++, flag = 1 - flag){
            for(int j = 0; j <= i * 6; j++){
                dp[flag][j] = 0; //旋转数组清零
            }
            for(int j = i; j <= i * 6; j++){
                for(int k = 1; k <= 6 && k < j; k++){
                    dp[flag][j] += dp[1 - flag][j - k];
                }
            }
        }

        double totalnum = Math.pow(6, n);
        double[] ans = new double[n * 5 + 1];
        for(int i = n; i <= maxsum; i++){
            ans[i - n] = dp[1 - flag][i] / totalnum;
        }
        return ans;
    }
}

🚀 运行结果：

🕔 复杂度分析：

时间复杂度 ： O ( n 2 ) O(n^2) O(n2)，状态转移循环 n−1 轮；每轮中，当 i =2, 3, ..., n时，对应循环数量分别为 6×6, 11×6, ... , [5(n−1)+1]×6 ；因此总体复杂度为 O ( ( n − 1 ) × 6 + $5 ( n - 1 ) + 1$ 2 × 6 ) O((n−1)×\frac{6+ $5(n-1)+1$ }2×6) O((n−1)×26+ $5(n-1)+1$ ×6)，即等价于 O ( n 2 ) O(n^2) O(n2)。
空间复杂度 ： O ( n ) O(n) O(n)，dp 数组需要 2*n*6的空间，所以 O ( 2 ∗ n ∗ 6 ) = O ( n ) O(2*n*6) = O(n) O(2∗n∗6)=O(n)。

题目来源：力扣。

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(动态规划) 剑指 Offer 60. n个骰子的点数 ——【Leetcode每日一题】

❓ 剑指 Offer 60. n个骰子的点数

示例 1:

示例 2:

💡思路：动态规划

🍁代码：(C++、Java)

🚀 运行结果：

🕔 复杂度分析：

注： 如有不足，欢迎指正！

注：如有不足，欢迎指正！