题目
给定一个正整数 n，请你求出 1∼n 中质数的个数。
输入格式
共一行，包含整数 n。
输出格式
共一行，包含一个整数，表示 1∼n 中质数的个数。
数据范围
1 ≤ n ≤ 10^6
思路
朴素筛法
做法 :把2~(n-1)中的所有的数的倍数都标记上,最后没有被标记的数就是质数.
原理 :假定有一个数p未被2~(p-1)中的数标记过,那么说明,不存在2~(p-1)中的任何一个数的倍数是p,也就是说p不是2~(p-1)中的任何数的倍数,也就是说2~(p-1)中不存在p的约数,因此,根据质数的定义可知:p是质数.
时间复杂度:约为O(nlogn);
埃氏筛(稍加优化版的筛法)
质数定理 :1~n中有n/lnn个质数.
原理 :在朴素筛法的过程中只用质数项去筛.
时间复杂度:粗略估计:O(n).实际:O(nlog(logn)).1~n中,只计算质数项的话,"1/2+1/3+1/4+1/5+...+1/n"的大小约为log(logn)。
线性筛法 核心 :1~n内的合数p只会被其最小质因子筛掉.
原理:1~n之内的任何一个合数一定会被筛掉,而且筛的时候只用最小质因子来筛,然后每一个数都只有一个最小质因子,因此每个数都只会被筛一次,因此线性筛法是线性的.
注意：
1、枚举到 i 的最小质因子的时候就会停下来，即" if(i%primes[j]==0) break ; "。
2、因为从小到大枚举的所有质数，所以当" i % primes[j] != 0 "时，primes[ j ]一定小于 i 的最小质因子，而且 primes[j] 一定是primes[j] * i的最小质因子。
3、关于for循环的解释:
注:首先要把握住一个重点:我们枚举的时候是从小到大枚举的所有质数
（1）当i%primes[j]==0时，因为是从小到大枚举的所有质数，所以primes[j]就是i的最小质因子，而primes[j]又是其本身primes[j]的最小质因子，因此当i%primes[j]==0时，primes[j]是primes[j] * i的最小质因子。
（2）当 i%primes[j]!=0 时，因为是从小到大枚举的所有质数，且此时并没有出现过有质数满足i%primes[j] == 0，因此此时的primes[j]一定小于i的最小质因子，而primes[j]又是其本身primes[j]的最小质因子，所以当i%primes[j]!=0时，primes[j]也是primes[j] * i的最小质因子。
（3）综合1，2得知，在内层for循环里面无论何时，primes[j]都是primes[j] * i的最小质因子，因此 "st[primes[j * i] = true"语句就是用primes[j]i这个数的最小质因子来筛掉这个数。
代码
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1000010;
int primes[N],cnt;
bool st[N];// 储存该值i是不是为非质数
void get_primes(int n)
{
for(int i = 2;i <= n; i ++)// 依次判断2~n是否为质数
{
if(!st[i]) primes[cnt ++] = i;// 如果该数是质数则将其储存起来，如果不是质数则不储存
for(int j = 0;primes[j] <= n / i; j ++)// 筛掉是i的primes[j]倍的所有合数
{
st[primes[j] * i] = true;// 确保每个合数是被他最小的质因子筛掉的
if(i % primes[j] == 0) break;// primes[j]一定是i的最小质因子
//p[j]一定是i的最小质因子，pj也一定是pj*i的最小质因子
}
}
}
int main()
{
int n;
cin >> n;
get_primes(n);
cout << cnt << endl;
return 0;
}