一解析:
为了尽可能多的完成任务,充分利用时间,越早越好,所以从项目开启的那一天起就开始做任务,一直做到项目结束为止。
但是,对于第i天来说,若可执行的任务有多个,该如何选择?根据设定,这些任务都有各自的结束时间,所以为了尽可能多的做任务,优先选择结束时间早的任务;若第i天没有任务,就选择等待(休息)。
根据思路,可写出暴力搜索的代码(超时)
java
import java.util.*;
public class Main{
public static void main(String[] args){
Scanner in=new Scanner(System.in);
int n=in.nextInt();
int[][] task=new int[n][2];
int minTime=Integer.MAX_VALUE,maxTime=Integer.MIN_VALUE;
for(int i=0;i<n;i++){
task[i][0]=in.nextInt();
task[i][1]=in.nextInt();
minTime=Math.min(minTime,task[i][0]);
maxTime=Math.max(maxTime,task[i][1]);
}
int ans=0;
// 避免重复执行
int[] used=new int[n];
while(minTime<=maxTime){
int minEnd=Integer.MAX_VALUE,index=-1;
for(int i=0;i<n;i++){
int[] arr=task[i];
//可执行的任务中选择结束时间最早的
if(used[i]==0&&arr[0]<=minTime&&minTime<=arr[1]){
if(arr[1]<minEnd){
minEnd=arr[1];
index=i;
}
}
}
if(index!=-1){
used[index]=1;
ans++;
}
minTime++;
}
System.out.println(ans);
}
}
二、优化:
根据暴力枚举,不难得出正确答案。但是时间复杂度为O(n2),显然会超时。
1:任务数组排序
第i天可执行的任务,其开始时间都小于等于i,若把任务数组按照开始时间进行升序排序,则在寻找可执行任务时,可避免全表扫描(任务的开始时间超过i时,停止搜索)。
2:扫描结果复用
对于第i天可执行的任务,可收集起来,供第i+1天复用,避免再重复扫描判断这些任务。为方便起见,用队列收集第i天可执行的任务,为筛选最早结束的任务,队列存储任务的结束时间,按小顶堆排序。
细节:对于第i天收集的到可执行任务队列,由于队列是复用的,所以可能包含第i天之前收集的任务,这些任务可能过期(根据任务结束时间<i判断),需要清理。
3:代码
java
import java.util.*;
public class Main{
public static void main(String[] args){
Scanner in=new Scanner(System.in);
int n=in.nextInt();
int[][] task=new int[n][2];
int minTime=Integer.MAX_VALUE,maxTime=Integer.MIN_VALUE;
for(int i=0;i<n;i++){
task[i][0]=in.nextInt();
task[i][1]=in.nextInt();
maxTime=Math.max(maxTime,task[i][1]);
minTime=Math.min(minTime,task[i][0]);
}
Arrays.sort(task,(a,b)->a[0]-b[0]);
int ans=0,i=0;
PriorityQueue<Integer> queue=new PriorityQueue<>((a,b)->a-b);
while(minTime<=maxTime){
while(i<n&&task[i][0]<=minTime){
queue.add(task[i][1]);
i++;
}
//queue是可复用的,所以queue中的有些任务是之前添加的,可能过期,需要清理
while(!queue.isEmpty()&&queue.peek()<minTime){
queue.poll();
}
// 堆顶即被选中的任务
if(!queue.isEmpty()){
queue.poll();
ans++;
}
minTime++;
}
System.out.println(ans);
}
}
优化后,最多访问一遍任务数组,所以时间复杂度变成O(max{n,m}),n为任务数,m为任务最大结束时间