【C语言】Leetcode-312 戳气球

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题目
思路
代码如下

题目

思路

我们观察戳气球的操作，发现这会导致两个气球从不相邻变成相邻，使得后续操作难以处理。于是我们倒过来看这些操作，将全过程看作是每次添加一个气球。

首先

我们需要创建一个 v a l val val 数组，用来存储所有的元素，其中 v a l [ 0 ] val[0] val[0] 和 v a l [ n u m s S i z e + 1 ] val[numsSize+1] val[numsSize+1] 的位置用来存放两头的超出数组边界的1，剩下的从1开始就是 n u m s nums nums 数组里的元素

然后

我们定义 s o l v e solve solve 方法，令 s l o v e ( i , j ) slove(i,j) slove(i,j) 表示开区间 ( i , j ) (i,j) (i,j) 内的位置全部填满气球能够得到的最多硬币数。由于时开区间，因此区间两端的气球编号就是 v a l [ i [ val[i[ val[i[ 和 v a l [ j ] val[j] val[j]

接着

我们要对这个 s l o v e slove slove 方法进行分类讨论

当 i > = j − 1 i >= j-1 i>=j−1 时，开区间中没有气球， s l o v e ( i , j ) slove(i,j) slove(i,j) 的值为0

当 i < j − 1 i < j-1 i<j−1 时，我们美剧开区间 ( i , j ) (i,j) (i,j) 内的全部位置 m i d mid mid ，令 m i d mid mid 为当前区间第一个添加的气球，该操作能得到的硬币数为 v a l [ i ] ∗ v a l [ m i d ] ∗ v a l [ j ] val[i] * val[mid] * val[j] val[i]∗val[mid]∗val[j]

同时我们利用递归，去计算分割出的两区间对 s o l v e ( i , j ) solve(i,j) solve(i,j) 的贡献，这三项之和的最大值，即为 s o l v e ( i , j ) solve(i,j) solve(i,j) 的值

还有

因为我们是利用递归将每种结果都计算出来，所以他的工程量是很大的，为了降低时间复杂度，我们可以建立一个二维数组，来根据 l e f t left left 和 r i g h t right right 的值存放这个开区间内的最大贡献量

代码如下

c 复制代码

int rec[302][302];
int val[302];

int solve(int left, int right) {
    if (left >= right - 1)
        return 0;
    if (rec[left][right] != -1)
        return rec[left][right];
    for (int i = left + 1; i < right; i++) {
        int sum = val[left] * val[i] * val[right];
        sum += solve(left, i) + solve(i, right);
        rec[left][right] = fmax(rec[left][right], sum);
    }
    return rec[left][right];
}

int maxCoins(int* nums, int numsSize) {
    memset(rec, -1, sizeof(rec));
    val[0] = val[numsSize + 1] = 1;
    for (int i = 1; i <= numsSize; i++) {
        val[i] = nums[i - 1];
    }
    return solve(0, numsSize + 1);
}