（LeetCode-Hot100）19. 删除链表的倒数第 N 个结点

删除链表的倒数第 N 个结点

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📌 问题简介

给你一个链表，删除链表的倒数第 n 个结点，并且返回链表的头结点。

进阶：你能尝试使用一趟扫描实现吗？

题目描述

给定一个链表，删除链表的倒数第 n 个节点，并返回链表的头节点。

提示：

链表中结点的数目为 sz

1 <= sz <= 30

0 <= Node.val <= 100

1 <= n <= sz

📌 示例说明

示例 1：

复制代码

输入：head = [1,2,3,4,5], n = 2
输出：[1,2,3,5]

示例 2：

复制代码

输入：head = [1], n = 1
输出：[]

示例 3：

复制代码

输入：head = [1,2], n = 1
输出：[1]

💡 解题思路

方法一：双指针（快慢指针）✅（推荐）

这是最经典、高效的方法，满足"一趟扫描"的要求。

步骤如下：

创建一个虚拟头节点 dummy，指向原链表头。这样可以统一处理删除头节点的情况。
定义两个指针 fast 和 slow，初始都指向 dummy。
先让 fast 指针向前走 n + 1 步（注意是 n+1，因为我们要让 slow 停在待删除节点的前一个位置）。
然后 fast 和 slow 同时向前移动，直到 fast 到达链表末尾（即 fast == null）。
此时 slow 指向的是倒数第 n+1 个节点（即待删除节点的前驱），执行 slow.next = slow.next.next 即可删除目标节点。
返回 dummy.next。

✅ 为什么是 n+1 步？

因为我们希望 slow 最终停在要删除节点的前一个节点，这样才能修改其 next 指针。

方法二：先计算长度再删除 ❌（不满足进阶要求）

第一次遍历：计算链表总长度 L。
第二次遍历：从头走到第 L - n 个节点（即待删除节点的前一个），然后删除。
时间复杂度 O(2L) ≈ O(L)，但需要两趟扫描。

虽然可行，但不符合"一趟扫描"的进阶要求，不推荐。

方法三：栈（辅助空间）⚠️

将所有节点依次入栈。
弹出 n 个节点，此时栈顶即为待删除节点的前驱。
修改指针并返回。

空间复杂度 O(L)，不如双指针优雅。

💻 代码实现

java 复制代码

// Java 实现：双指针法
class Solution {
    public ListNode removeNthFromEnd(ListNode head, int n) {
        ListNode dummy = new ListNode(0);
        dummy.next = head;
        
        ListNode fast = dummy;
        ListNode slow = dummy;
        
        // fast 先走 n+1 步
        for (int i = 0; i <= n; i++) {
            fast = fast.next;
        }
        
        // fast 和 slow 同时前进，直到 fast 为 null
        while (fast != null) {
            fast = fast.next;
            slow = slow.next;
        }
        
        // 删除倒数第 n 个节点
        slow.next = slow.next.next;
        
        return dummy.next;
    }
}

go 复制代码

// Go 实现：双指针法
func removeNthFromEnd(head *ListNode, n int) *ListNode {
    dummy := &ListNode{Val: 0, Next: head}
    fast, slow := dummy, dummy

    // fast 先走 n+1 步
    for i := 0; i <= n; i++ {
        fast = fast.Next
    }

    // fast 和 slow 同时前进
    for fast != nil {
        fast = fast.Next
        slow = slow.Next
    }

    // 删除节点
    slow.Next = slow.Next.Next

    return dummy.Next
}

🧪 示例演示（以示例1为例）

原始链表：1 → 2 → 3 → 4 → 5，n = 2

构造虚拟头：dummy → 1 → 2 → 3 → 4 → 5
fast 先走 3 步（n+1=3）：fast 指向 4
slow 在 dummy，fast 在 4
同步移动：
- fast=5, slow=1
- fast=null, slow=3
此时 slow 指向 3，slow.next 是 4（即倒数第2个）
执行 slow.next = slow.next.next → 3 → 5
结果：1 → 2 → 3 → 5 ✅

✅ 答案有效性证明

边界情况覆盖：
- 删除头节点（如 [1,2], n=2）：dummy 机制确保正确处理。
- 删除唯一节点（如 [1], n=1）：slow 指向 dummy，dummy.next = null，返回 null。
- 删除尾节点（如 n=1）：slow 停在倒数第二个，正确删除最后一个。
指针逻辑正确性：
- fast 走 n+1 步后，与 slow 的距离恒为 n+1。
- 当 fast 到达 null（链表尾后一位），slow 必在倒数第 n+1 位。

因此，算法在所有合法输入下均正确。

📊 复杂度分析

方法	时间复杂度	空间复杂度	是否一趟扫描
双指针（推荐）	O(L)	O(1)	✅ 是
计算长度	O(L)	O(1)	❌ 否
栈	O(L)	O(L)	✅ 是

L 为链表长度。

📌 问题总结

核心技巧 ：使用虚拟头节点避免对头节点的特殊处理。
关键洞察 ：通过控制两个指针的距离（n+1），实现"定位倒数第 n 个节点的前驱"。
最佳实践：双指针法时间空间最优，且满足进阶要求。
易错点 ：
- 忘记 n+1 步，导致 slow 停在待删除节点而非其前驱。
- 未使用虚拟头，导致删除头节点时逻辑复杂。

💡 一句话口诀 ：快指针先走 n+1，慢指针随后跟；快到终点时，慢删下一结。

github地址: https://github.com/swf2020/LeetCode-Hot100-Solutions