再看一道不完全是搜索的题:
解法1:贪心+并查集:
把冲突事件从大到小排,判断是否两个在同一集合,在的话就返回,不在的话就合并。
下面是AC代码:
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,a,b,c;
struct node{
int x,y,qi;
}a1[100010];
int fa[50000];
bool cmp(node a,node b){
return a.qi>b.qi;
}
int find(int x){
if(fa[x]==x) return x;
else return fa[x]=find(fa[x]);
}
void merge(int x,int y){
fa[find(x)]=find(y);
}
int main(){
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d",&a1[i].x,&a1[i].y,&a1[i].qi);
}
for(int i=1;i<=2*n+1;i++){
fa[i]=i;
}
sort(a1+1,a1+1+m,cmp);
int f=0;
for(int i=1;i<=m;i++){
int xx=a1[i].x;
int yy=a1[i].y;
if(find(xx)==find(yy)){
cout<<a1[i].qi;
f=1;
break;
}
else{
merge(xx,n+yy);
merge(xx+n,yy);
}
}
if(f==0) cout<<0;
}
解法2:二分+DFS
显然这是一个0/1单调函数,我们可以进行二分。那我们二分出值如何判断是否可行?
我们可以把有怨气值的连边,对每个联通块种的大于二分值的DFS,先把自己-》1,与他相连的赋为0,以此类推,看是否有两个0/1值相同并相连的节点。
下面是AC代码:
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
int n,m,a,b,c,qi;
struct node{
int aa,qi1;
};
vector<node> tu[20005];
int vis[20005];
int heibai[20005];
int dfs(int x,int fa,int mid){
int f=0;
vis[x]=1;
heibai[x]=1-heibai[fa];
for(int i=0;i<tu[x].size();i++){
if(tu[x][i].qi1<=mid) continue;
if(tu[x][i].aa==fa) continue;
if(vis[tu[x][i].aa]==1&&heibai[tu[x][i].aa]==heibai[x]){
f=1;
continue;
}
if(vis[tu[x][i].aa]==1) continue;
if(dfs(tu[x][i].aa,x,mid)==1) f=1;
}
return f;
}
int check(int mid){
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(heibai,0,sizeof(heibai));
int f=1;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(vis[i]==1) continue;
if(dfs(i,0,mid)==1){
f=0;
break;
}
}
return f;
}
signed main(){
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
tu[a].push_back({b,c});
tu[b].push_back({a,c});
qi=max(qi,c);
}
int i=0,j=qi;
while(i<j){
int mid=(i+j)/2;
if(check(mid)==1) j=mid;
else i=mid+1;
}
cout<<i;
}