DAY27|贪心算法Part01|LeetCode:455.分发饼干、376. 摆动序列、53. 最大子序和

贪心算法

贪心的本质是选择每一阶段的局部最优,从而达到全局最优

**贪心算法并没有固定的套路,最难想的就在于如何通过局部最优去推出全局最优。**在做一个题目的时候,靠自己手动模拟,如果模拟可行,就可以试一试贪心策略,如果不可行,可能需要动态规划。

那么什么时候可以使用贪心算法呢?刷题或者面试的时候,手动模拟一下感觉可以局部最优推出整体最优,而且想不到反例,那么就试一试贪心

LeetCode:455.分发饼干

力扣代码链接

文字讲解:LeetCode:455.分发饼干

视频讲解:贪心算法,你想先喂哪个小孩?

基本思路

要求每个孩子最多只能喂一块饼干,那么就不能造成饼干尺寸的浪费,做到物尽其用,大尺寸的饼干既可以满足胃口大的孩子也可以满足胃口小的孩子,那么就应该优先满足胃口大的。这里的局部最优就是大饼干喂给胃口大的,充分利用饼干尺寸喂饱一个,全局最优就是喂饱尽可能多的小孩

此时我们就可以利用贪心策略,先对饼干尺寸和小孩的胃口值进行排序,从后向前遍历小孩数组,然后用大饼干去投喂胃口大的小孩,并统计出能满足的小孩的数量。

注意:上面的方法中,我们选择先遍历小孩数组,然后再去遍历饼干,为什么我们没有先遍历饼干,然后在遍历小孩呢?看了下面的图,其实就不难看出,由于index指向胃口值,只有满足条件才会移动,如果我们先遍历饼干,那么就会因为一直无法找到能满足胃口值为10的小孩而导致所有的饼干都无法匹配。

C++代码

// 版本一
class Solution {
public:
    int findContentChildren(vector<int>& g, vector<int>& s) {
        sort(g.begin(), g.end());
        sort(s.begin(), s.end());
        int index = s.size() - 1; // 饼干数组的下标
        int result = 0;
        for (int i = g.size() - 1; i >= 0; i--) { // 遍历胃口
            if (index >= 0 && s[index] >= g[i]) { // 遍历饼干
                result++;
                index--;
            }
        }
        return result;
    }
};

LeetCode:376. 摆动序列

力扣代码链接

文字讲解:LeetCode:376. 摆动序列

视频讲解:贪心算法,寻找摆动有细节!

基本思路

本题要求通过从原始序列中删除一些(也可以不删除)元素来获得子序列,剩下的元素保持其原始顺序。以示例2为例:

实际操作上,其实连删除的操作都不用做,因为题目要求的是最长摆动子序列的长度,所以只需要统计数组的峰值数量就可以了(相当于是删除单一坡度上的节点,然后统计长度)。这就是贪心所贪的地方,让峰值尽可能的保持峰值,然后删除单一坡度上的节点。

这里我们可以定义prediff和curdiff,用来计算当前下标i所对应的元素的前后波动情况。这个题目最难想清楚的就是所出现的三种情况:

  1. 情况一:上下坡中有平坡
  2. 情况二:数组首尾两端
  3. 情况三:单调坡中有平坡

情况一:上下坡中有平坡

例如 [1,2,2,2,1]这样的数组,它的摇摆序列长度是多少呢? 其实是长度是 3 ,也就是我们在删除的时候 要不删除左面的三个 2,要不就删除右边的三个 2。为了统一规则我们可以删除左边三个2,那么 当 prediff = 0 && curdiff < 0 也要记录一个峰值。

所以我们记录峰值的条件应该是: (preDiff <= 0 && curDiff > 0) || (preDiff >= 0 && curDiff < 0)。

情况二:数组首尾两端

题目中说了,如果只有两个不同的元素,那摆动序列也是 2。因为我们在计算 prediff(nums[i] - nums[i-1]) 和 curdiff(nums[i+1] - nums[i])的时候,至少需要三个数字才能计算,而数组只有两个数字。对于数组[2,5]来讲,假设数组为[2, 5, 5]。这样就有了prediff = 0,curdiff=3。

针对上述情况可以设置result 初始为 1(默认最右面有一个峰值),此时 curDiff > 0 && preDiff <= 0,那么 result++(计算了左面的峰值),最后得到的 result 就是 2(峰值个数为 2 即摆动序列长度为 2)。

// 版本一
class Solution {
public:
    int wiggleMaxLength(vector<int>& nums) {
        if (nums.size() <= 1) return nums.size();
        int curDiff = 0; // 当前一对差值
        int preDiff = 0; // 前一对差值
        int result = 1;  // 记录峰值个数,序列默认序列最右边有一个峰值
        for (int i = 0; i < nums.size() - 1; i++) {
            curDiff = nums[i + 1] - nums[i];
            // 出现峰值
            if ((preDiff <= 0 && curDiff > 0) || (preDiff >= 0 && curDiff < 0)) {
                result++;
            }
            preDiff = curDiff;
        }
        return result;
    }
};

如果只考虑这两种情况,那么提交会提示报错,表示我们还有情况没有考虑到。

情况三:单调坡度有平坡

这种情况很容易被忽略,如果在一个单调坡度上有平坡,例如[1,2,2,2,3,4],如图:

图中,我们可以看出,版本一的代码在三个地方记录峰值,但其实结果因为是 2,因为 单调中的平坡 不能算峰值(即摆动)。之所以版本一会出问题,是因为我们实时更新了 prediff。那么我们应该什么时候更新 prediff 呢?我们只需要在这个坡度摆动变化的时候,更新 prediff 就行,这样 prediff 在单调区间有平坡的时候就不会发生变化,造成我们的误判。

C++代码

// 版本二
class Solution {
public:
    int wiggleMaxLength(vector<int>& nums) {
        if (nums.size() <= 1) return nums.size();
        int curDiff = 0; // 当前一对差值
        int preDiff = 0; // 前一对差值
        int result = 1;  // 记录峰值个数,序列默认序列最右边有一个峰值
        for (int i = 0; i < nums.size() - 1; i++) {
            curDiff = nums[i + 1] - nums[i];
            // 出现峰值
            if ((preDiff <= 0 && curDiff > 0) || (preDiff >= 0 && curDiff < 0)) {
                result++;
                preDiff = curDiff; // 注意这里,只在摆动变化的时候更新prediff
            }
        }
        return result;
    }
};

LeetCode:53. 最大子序和

力扣代码链接

文字讲解:LeetCode:53. 最大子序和

视频讲解:贪心算法的巧妙需要慢慢体会!

基本思路

很容易想到的是暴力解法,使用两层for循环,第一层设置起始位置,而第二层可以遍历数组,寻求最大和。

class Solution {
public:
    int maxSubArray(vector<int>& nums) {
        int result = INT32_MIN;
        int count = 0;
        for (int i = 0; i < nums.size(); i++) { // 设置起始位置
            count = 0;
            for (int j = i; j < nums.size(); j++) { // 每次从起始位置i开始遍历寻找最大值
                count += nums[j];
                result = count > result ? count : result;
            }
        }
        return result;
    }
};

但是这种方法所耗费的时间很多,很容易会超时。

而我们使用贪心算法,可以先设置一个结果值,result = INT_MIN,然后开始遍历整个数组,很容易想到的是如果一个数组的存在正数,那么最大和数组的起始位置一定正数,那么我们遍历 nums,从头开始用 count 累积,如果 count 一旦加上 nums[i]变为负数,那么就应该从 nums[i+1]开始从 0 累积 count 了,因为已经变为负数的 count,只会拖累总和。

并且一旦count大于当前记录的最大值,我们就及时记录下来。

if (count > result) result = count;

C++代码

class Solution {
public:
    int maxSubArray(vector<int>& nums) {
        int result = INT32_MIN;
        int count = 0;
        for (int i = 0; i < nums.size(); i++) {
            count += nums[i];
            if (count > result) { // 取区间累计的最大值(相当于不断确定最大子序终止位置)
                result = count;
            }
            if (count <= 0) count = 0; // 相当于重置最大子序起始位置,因为遇到负数一定是拉低总和
        }
        return result;
    }
};
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