思路
先设 d p [ i ] [ j ] dp[i][j] dp[i][j] 为区间 [ i , j ] [i, j] [i,j] 的队形方案数。
考虑如何转移:对于区间 [ i , j ] [i, j] [i,j] 来说,最后一个入队的要么是 i i i,要么是 j j j。
所以分类讨论:
- 当 j j j 为最后一个入队的时, i i i 与 j − 1 j - 1 j−1 都可能是倒数第二个入队的。要满足的条件分别是 h [ i ] < h [ j ] h[i] < h[j] h[i]<h[j] 和 h [ j − 1 ] < h [ i ] h[j - 1] < h[i] h[j−1]<h[i]。
- 当 i i i 为最后一个入队的时, j j j 与 i + 1 i + 1 i+1 都可能是倒数第二个入队的。要满足的条件分别是 h [ i ] < h [ j ] h[i] < h[j] h[i]<h[j] 和 h [ i ] < h [ i + 1 ] h[i] < h[i + 1] h[i]<h[i+1]。
发现上一个状态有两种,即:在上一个状态中,最后一个进来的数(也就是当前状态的倒数第二个进来的数)是在【队尾/队头】。
因此我们要丰富一下状态定义:设 d p [ i ] [ j ] [ 0 ] dp[i][j][0] dp[i][j][0] 表示最后一个进来的数在【队头】的方案数, d p [ i ] [ j ] [ 1 ] dp[i][j][1] dp[i][j][1] 表示最后一个进来的数在【队尾】的方案数。最后答案就是 d p [ 1 ] [ n ] [ 0 ] + d p [ 1 ] [ n ] [ 1 ] dp[1][n][0] + dp[1][n][1] dp[1][n][0]+dp[1][n][1]。
代码
cpp
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e3 + 7;
const int mod = 19650827;
int n, a[maxn];
int dp[maxn][maxn][2];
int main() {
scanf("%d", &n);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
scanf("%d", a + i),
dp[i][i][0] = 1;
for (int len = 2; len <= n; ++len) {
for (int i = 1; i + len - 1 <= n; ++i) {
int j = i + len - 1;
if (a[i] < a[j]) dp[i][j][1] = (dp[i][j][1] + dp[i][j - 1][0]) % mod;
if (a[j - 1] < a[j]) dp[i][j][1] = (dp[i][j][1] + dp[i][j - 1][1]) % mod;
if (a[i] < a[j]) dp[i][j][0] = (dp[i][j][0] + dp[i + 1][j][1]) % mod;
if (a[i] < a[i + 1]) dp[i][j][0] = (dp[i][j][0] + dp[i + 1][j][0]) % mod;
}
}
printf("%d\n", (dp[1][n][0] + dp[1][n][1]) % mod);
return 0;
}