P1687 机器人小Q - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn)
题目描述
成功派送完这个大单后，餐厅决定引入一名新成员：机器人小 Q。小 Q 的到来让餐厅的客源增加了不少，但是，一段时间之后，新的问题又出现了，小 Q 和我们可不一样，如果要让他工作的话，我们得给他输入能量以保持体力，而小 Q 的能量菜单表上已经按一定顺序给出了 N 个单位的能量值，但是每个单位的能量由于来源不同，需要消耗一定的时间摄入。已知小 Q 每天充电的时间上限值为 119，如果时间超出的话就会自动崩溃，大家都想让小 Q 留下来，经过研究之后，决定派 HWX 和 XYF 去和老板谈判，考虑角度不一样，LXC 老板才不想听什么辛酸流泪史，他只想知道，若是想让小 Q 获得 k 单位的能量（也就是能量表中可以不接受某些能量）最少需要几天来充电。
输入格式
第一行，两个整数，N,K 分别表示小 Q 的能量菜单上有 N 个单位的能量，想获取其中的 k 个。
第二行，N个整数，分别是第 i 个单位能量需要的充电时间。
输出格式
仅一行，一个整数，为最少需要天数。
如果永远不能达到题目要求，输出 You can't do it.
输入输出样例
输入 #1复制
7 3
1 119 119 1 120 120 118输出 #1复制
2说明/提示
样例解释
只接收 1,1,1181。显然这需要 2 天。
数据规模
对于 30% 的数据，有 1≤K≤N≤20。
对于 100% 的数据，有 1≤K≤N≤3000。
解析：
多关键字dp
我们很容易想到将状态划分为 fij ：表示从前 i 个能量中选取 j 个的最小天数；
但我们发现：每天充电上限为 119 这一状态无法体现，即这个划分方式并非不重不漏的，而且这一状态对天数的影响至关重要；
因此我们可以将这个划分方式稍微修改一下，划分为 fij1 和 fij0;
fij1 表示表示从前 i 个能量中选取 j 个的最小天数，fij0 表示这种情况下的当天消耗的时间；
（即，以天数为第一关键字，以最后一天充电的时长为第二关键字选取最优解）
这样，我们就将整个问题划分成了多个不重不漏的子集；
则状态的转移过程为：
fi−1j−10+wi>119
这时候我们应该增加新的一天来使用第i 个能量单位
因此比较fi−1j−11+1 与fij1 的大小关系。
若fi−1j−11+1<fij1
那么此时选取第 i 个能量单位的决策一定优于fij 的决策
若fij1=fi−1j−11+1,fij0=wi
fi−1j−11+1=fij1，那么这时候比较第二关键字
fij0=min(wi,fij0)
fi−1j−10+wi≤119
这时候考虑将第
i 个能量单位追加到最后一天内，仍然按序比较两个关键字
若 fi−1j−11<fij1
此时选取第 i 个能量单位的决策一定优于 fij 的决策
fij1=fi−1j−11,fij0=fi−1j−10+wi
若fi−1j−11=fij1
此时比较第二关键字
fij0=min(fij0,fi−1j−10+wi)
如果我们不选取第 i 个能量单位
这时候直接继承前面的状态fij0=fi−1j0,fij1=fi−1j1
cpp
#include<iostream>
#include<string>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<ctime>
#include<algorithm>
#include<utility>
#include<stack>
#include<queue>
#include<vector>
#include<set>
#include<math.h>
#include<map>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 3e3 + 5;
int n, m;
int a[N];
int f[N][N][2];
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
int cnt = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", &a[++cnt]);
if (a[cnt] > 119)cnt--;
}
n = cnt;
if (cnt < m) cout << "You can't do it." << endl;
memset(f, 0x3f3f3f3f, sizeof f);
for (int i = 0; i <= n; i++) {
f[i][0][1] = 0;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 1; j <= min(i,m); j++) {
f[i][j][1] = f[i - 1][j][1];
f[i][j][0] = f[i - 1][j][0];
if (f[i - 1][j - 1][0] + a[i] > 119) {
if (f[i][j][1] > f[i - 1][j - 1][1] + 1) {
f[i][j][1] = f[i - 1][j - 1][1] + 1;
f[i][j][0] = a[i];
}
if (f[i][j][1] == f[i - 1][j - 1][1] + 1) {
f[i][j][0] = min(f[i][j][0], a[i]);
}
}
else {
if (f[i - 1][j - 1][1] < f[i][j][1]) {
f[i][j][1] = f[i - 1][j - 1][1];
f[i][j][0] = f[i - 1][j - 1][0] + a[i];
}
if(f[i - 1][j - 1][1] == f[i][j][1]){
f[i][j][0] = min(f[i][j][0], f[i - 1][j - 1][0] + a[i]);
}
}
}
}
cout << f[n][m][1] << endl;
return 0;
}