算法沉淀------穷举、暴搜、深搜、回溯、剪枝综合练习四
01.解数独
题目链接:https://leetcode.cn/problems/sudoku-solver/
编写一个程序,通过填充空格来解决数独问题。
数独的解法需 遵循如下规则:
- 数字
1-9
在每一行只能出现一次。 - 数字
1-9
在每一列只能出现一次。 - 数字
1-9
在每一个以粗实线分隔的3x3
宫内只能出现一次。(请参考示例图)
数独部分空格内已填入了数字,空白格用 '.'
表示。
示例 1:
输入:board = [["5","3",".",".","7",".",".",".","."],["6",".",".","1","9","5",".",".","."],[".","9","8",".",".",".",".","6","."],["8",".",".",".","6",".",".",".","3"],["4",".",".","8",".","3",".",".","1"],["7",".",".",".","2",".",".",".","6"],[".","6",".",".",".",".","2","8","."],[".",".",".","4","1","9",".",".","5"],[".",".",".",".","8",".",".","7","9"]]
输出:[["5","3","4","6","7","8","9","1","2"],["6","7","2","1","9","5","3","4","8"],["1","9","8","3","4","2","5","6","7"],["8","5","9","7","6","1","4","2","3"],["4","2","6","8","5","3","7","9","1"],["7","1","3","9","2","4","8","5","6"],["9","6","1","5","3","7","2","8","4"],["2","8","7","4","1","9","6","3","5"],["3","4","5","2","8","6","1","7","9"]]
解释:输入的数独如上图所示,唯一有效的解决方案如下所示:
提示:
board.length == 9
board[i].length == 9
board[i][j]
是一位数字或者'.'
- 题目数据 保证 输入数独仅有一个解
思路
为了存储每个位置的元素,我们需要定义一个二维数组。首先,我们记录所有已知的数据,然后遍历所有需要处理的位置,并遍历数字1~9。对于每个位置,我们检查该数字是否可以存放在该位置,同时检查行、列和九宫格是否唯一。
我们可以使用一个二维数组来记录每个数字在每一行中是否出现,一个二维数组来记录每个数字在每一列中是否出现。对于九宫格,我们可以以行和列除以3得到的商作为九宫格的坐标,并使用一个三维数组来记录每个数字在每一个九宫格中是否出现。在检查是否存在冲突时,只需检查行、列和九宫格里对应的数字是否已被标记。如果数字至少有一个位置(行、列、九宫格)被标记,则存在冲突,因此不能在该位置放置当前数字。
特别地,在本题中,我们需要直接修改给出的数组,因此在找到一种可行的方法时,应该停止递归,以防止正确的方法被覆盖。
代码
cpp
class Solution {
bool row[9][10];
bool col[9][10];
bool grid[3][3][10];
public:
void solveSudoku(vector<vector<char>>& board) {
for(int i=0;i<9;i++){
for(int j=0;j<9;j++){
if(board[i][j]!='.'){
int num=board[i][j]-'0';
row[i][num]=col[j][num]=grid[i/3][j/3][num]=true;
}
}
}
dfs(board);
}
bool dfs(vector<vector<char>>& board){
for(int i=0;i<9;i++){
for(int j=0;j<9;j++){
if(board[i][j]=='.'){
for(int num=1;num<=9;num++){
if(!row[i][num]&&!col[j][num]&&!grid[i/3][j/3][num]){
board[i][j]='0'+num;
row[i][num]=col[j][num]=grid[i/3][j/3][num]=true;
if(dfs(board)) return true;
board[i][j]='.';
row[i][num]=col[j][num]=grid[i/3][j/3][num]=false;
}
}
return false;
}
}
}
return true;
}
};
02.单词搜索
题目链接:https://leetcode.cn/problems/word-search/
给定一个 m x n
二维字符网格 board
和一个字符串单词 word
。如果 word
存在于网格中,返回 true
;否则,返回 false
。
单词必须按照字母顺序,通过相邻的单元格内的字母构成,其中"相邻"单元格是那些水平相邻或垂直相邻的单元格。同一个单元格内的字母不允许被重复使用。
示例 1:
输入:board = [["A","B","C","E"],["S","F","C","S"],["A","D","E","E"]], word = "ABCCED"
输出:true
示例 2:
输入:board = [["A","B","C","E"],["S","F","C","S"],["A","D","E","E"]], word = "SEE"
输出:true
示例 3:
输入:board = [["A","B","C","E"],["S","F","C","S"],["A","D","E","E"]], word = "ABCB"
输出:false
提示:
m == board.length
n = board[i].length
1 <= m, n <= 6
1 <= word.length <= 15
board
和word
仅由大小写英文字母组成
思路
其实这里完全就是使用暴力搜索的方式。在解决这个问题时,我们假设每个位置的元素作为第一个字母,然后向相邻的四个方向进行递归,并且不能出现重复使用同一个位置的元素。通过深度优先搜索的方式,不断地枚举相邻元素作为下一个字母出现的可能性,并在递归结束时回溯,直到枚举完所有可能性,得到正确的结果。
代码
cpp
class Solution {
const int dx[4]={0,0,1,-1};
const int dy[4]={-1,1,0,0};
int m,n;
bool vis[7][7];
public:
bool exist(vector<vector<char>>& board, string word) {
m=board.size(),n=board[0].size();
for(int i=0;i<m;++i){
for(int j=0;j<n;++j){
if(board[i][j]==word[0]){
vis[i][j]=true;
if(dfs(board,i,j,word,1)) return true;
vis[i][j]=false;
}
}
}
return false;
}
bool dfs(vector<vector<char>>& board, int i,int j,string word,int pos){
if(pos==word.size()) return true;
for(int k=0;k<4;k++){
int x=i+dx[k],y=j+dy[k];
if(x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n&&!vis[x][y]&&board[x][y]==word[pos]){
vis[x][y]=true;
if(dfs(board,x,y,word,pos+1)) return true;
vis[x][y]=false;
}
}
return false;
}
};
03.黄金矿工
题目链接:https://leetcode.cn/problems/path-with-maximum-gold/
你要开发一座金矿,地质勘测学家已经探明了这座金矿中的资源分布,并用大小为 m * n
的网格 grid
进行了标注。每个单元格中的整数就表示这一单元格中的黄金数量;如果该单元格是空的,那么就是 0
。
为了使收益最大化,矿工需要按以下规则来开采黄金:
- 每当矿工进入一个单元,就会收集该单元格中的所有黄金。
- 矿工每次可以从当前位置向上下左右四个方向走。
- 每个单元格只能被开采(进入)一次。
- 不得开采 (进入)黄金数目为
0
的单元格。 - 矿工可以从网格中 任意一个 有黄金的单元格出发或者是停止。
示例 1:
输入:grid = [[0,6,0],[5,8,7],[0,9,0]]
输出:24
解释:
[[0,6,0],
[5,8,7],
[0,9,0]]
一种收集最多黄金的路线是:9 -> 8 -> 7。
示例 2:
输入:grid = [[1,0,7],[2,0,6],[3,4,5],[0,3,0],[9,0,20]]
输出:28
解释:
[[1,0,7],
[2,0,6],
[3,4,5],
[0,3,0],
[9,0,20]]
一种收集最多黄金的路线是:1 -> 2 -> 3 -> 4 -> 5 -> 6 -> 7。
提示:
1 <= grid.length, grid[i].length <= 15
0 <= grid[i][j] <= 100
- 最多 25 个单元格中有黄金。
思路
和上一题的思路基本一致,只不过需添加在对每一次深度遍历时我们记录最大的累加和即可。
代码
cpp
class Solution {
bool vis[16][16];
const int dx[4]={0,0,1,-1};
const int dy[4]={-1,1,0,0};
int m,n,ret=0;
public:
int getMaximumGold(vector<vector<int>>& grid) {
m=grid.size(),n=grid[0].size();
for(int i=0;i<m;++i){
for(int j=0;j<n;++j){
if(grid[i][j]){
vis[i][j]=true;
dfs(grid,i,j,grid[i][j]);
vis[i][j]=false;
}
}
}
return ret;
}
void dfs(vector<vector<int>>& grid,int i,int j,int path){
ret=max(ret,path);
for(int k=0;k<4;++k){
int x=i+dx[k],y=j+dy[k];
if(x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n&&!vis[x][y]&&grid[x][y]){
vis[x][y]=true;
dfs(grid,x,y,path+grid[x][y]);
vis[x][y]=false;
}
}
}
};
04.不同路径 III
题目链接:https://leetcode.cn/problems/unique-paths-iii/
在二维网格 grid
上,有 4 种类型的方格:
1
表示起始方格。且只有一个起始方格。2
表示结束方格,且只有一个结束方格。0
表示我们可以走过的空方格。-1
表示我们无法跨越的障碍。
返回在四个方向(上、下、左、右)上行走时,从起始方格到结束方格的不同路径的数目**。**
每一个无障碍方格都要通过一次,但是一条路径中不能重复通过同一个方格。
示例 1:
输入:[[1,0,0,0],[0,0,0,0],[0,0,2,-1]]
输出:2
解释:我们有以下两条路径:
1. (0,0),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2)
2. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(2,2)
示例 2:
输入:[[1,0,0,0],[0,0,0,0],[0,0,0,2]]
输出:4
解释:我们有以下四条路径:
1. (0,0),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(2,3)
2. (0,0),(0,1),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(1,2),(0,2),(0,3),(1,3),(2,3)
3. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(1,2),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(2,3)
4. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(2,2),(2,3)
示例 3:
输入:[[0,1],[2,0]]
输出:0
解释:
没有一条路能完全穿过每一个空的方格一次。
请注意,起始和结束方格可以位于网格中的任意位置。
提示:
1 <= grid.length * grid[0].length <= 20
思路
这里和上面的回溯不太一样的地方在于我们必须通过所有的0标记位置,首先我们要计算出所有0的个数,再加上1个2的位置就是我们要走的路的长度,依照要走的长度和起始位置找到不同的路线,这里可以使用深度优先遍历找到不同的路径。
代码
cpp
class Solution {
bool vis[21][21];
const int dx[4]={0,0,1,-1};
const int dy[4]={-1,1,0,0};
int m,n,ret=0;
public:
int uniquePathsIII(vector<vector<int>>& grid) {
m=grid.size(),n=grid[0].size();
int count=0,left,right;
for(int i=0;i<m;i++){
for(int j=0;j<n;j++){
if(grid[i][j]==0) count++;
else if(grid[i][j]==1){
left=i;
right=j;
}
}
}
vis[left][right]=true;
dfs(grid,left,right,count+1);
return ret;
}
void dfs(vector<vector<int>>& grid,int left,int right,int count){
if(grid[left][right]==2){
if(!count) ret++;
return;
}
for(int k=0;k<4;k++){
int x=left+dx[k],y=right+dy[k];
if(x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n&&!vis[x][y]&&grid[x][y]!=-1){
vis[x][y]=true;
dfs(grid,x,y,count-1);
vis[x][y]=false;
}
}
}
};