解题思路
我们从最高位开始要利用自己的1号操作和2号操作保证当前这个数位的数一定要尽可能最大。
然后分别考虑两种操作，首先两种操作不可能混用，因为它们是抵消的效果，所以要么对这个数全使用1操作，要么2操作。假设某个数位的值为x,首先考虑1号操作，使用后可以让该数位变大，出于贪心考虑，我们想让它变成9，那么需要进行9-x次1号操作，当然可能此时1号操作并不足以让我们将x变成9，但我们还是使用剩余的全部的次数将其变大，所以每次考虑1号操作应该使用的操作数t应该为t=min(n,9-x),此时x将变为x+t，然后进行下一位的判断。
其次我们考虑2号操作，这个的判断比较简单，它是让某个值减小，唯一能让某个数变大的机会就是将其减到0后再减就会变成9。那么这样操作需要的次数就是x+1，如果操作次数不够，那我们宁愿不使用，因为这只会让这个数位变得更小。
在深搜dfs的过程中，参数记录遍历到第几个数位以及此时累计的和，当搜索完所有数位后，将此时的和与答案进行一个取max，最后的值则为答案。
代码及解析
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char s[20];
long long ans; //ans: 最大值，要用long long
int A,B; //A:1号操作剩余次数 B:2号操作剩余次数
void dfs(int i,long long v){ //i:当前处理到第i位，v:前面已经得到的值
int d = s[i]-'0'; //第i位的数字
if(s[i]){ //如果s[i]为'\0'，处理结束
int t = min(A,9-d); //1操作次数t:最大到9
A -= t; //更新A。如果A=0，也要继续dfs，目的是求值：v*10+d+t
dfs(i+1,v*10+d+t); //这一位最大是x+t。v*10+d+t是到这一位为止的数值
A += t; //恢复现场
if(B>d){ //操作2:可以减到9
B -= d+1; //做d+1次，减到9
dfs(i+1,v*10+9);
B += d+1; //恢复现场
}
}
else ans = max(ans,v); //处理结束，得到这次DFS的最大值
}
int main(){
cin >> s >> A >> B; //数字N按字符串s读入
dfs(0,0); //从N的最高位开始
cout << ans;
return 0;
}对于v*10的部分，是每次都*10，即使是0，当乘3次就成了1000，大家可以手算演示一下。