2024河南省萌新联赛第(六)场 郑州大学

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2024河南省萌新联赛第(六)场 郑州大学

A.装备二选一(一)

原题链接

题意:

自己的武器可以增加a%暴击率,发生暴击时本次攻击率增加b倍,击败boss的武器可以增加c%暴击率,发生暴击时本次攻击率增加d倍,求boss的输出率是否比自己的武器高

思路:

一个数学问题,一开始一直没看到没有发生暴击时本次也是输出的,用数学思路解决就可以,暴击率乘以增加倍数加上原来的攻击等于该武器的输出率,如果boss的大于自己的输出YES,否则输出NO。

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

signed main()
{
	IOS
	int a,b,c,d;
	cin>>a>>b>>c>>d;
	double x=a*1.0/100*b;
	double y=c*1.0/100*d;
	double x1=(100-a)*1.0/100;
	double y1=(100-c)*1.0/100;
	//cout<<x<<" "<<y<<'\n';
	if(x+x1<y+y1)
	cout<<"YES"<<'\n';
	else
	cout<<"NO"<<'\n';
}

B.百变吗喽

原题链接

题意:

给出两个字符串s,t,找出如何将s添加一个字符变成t,求出方案数,并输出应该添加那个字符和添加到第几位的后面,如果添加到最前面,则是添加到第0位的后面。

思路:

先统计字符串中每个字符的个数,如果t字符串减去s字符串不为1,则输出0 ;循环字符串,如果该地方两个字符串不同,那么t[i]就是需要添加的字符,在往前循环s字符串,如果与t[i]相等,就说明也可以添加到该字符后面,直到不相等结束。

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

int a[30],b[30];

signed main()
{
	IOS
	string s,t;
	int ss=0,tt=0,ans=1;
	cin>>s>>t;
	for(int i=0;i<s.size();i++)
	{
		a[s[i]-'a']++;
	}
	for(int i=0;i<t.size();i++)
	{
		b[t[i]-'a']++;
	}
	for(int i=0;i<30;i++)
	{
		ss+=abs(b[i]-a[i]);
	}
	if(ss!=1)
	cout<<"0"<<'\n';
	else
	{
		char ch;
		for(int i=0;i<t.size();i++)
		{
			if(s[i]!=t[i])
			{
				ch=t[i];
				tt=i;
				break;
				
			}
		}
		for(int i=tt-1;i>=0;i--)
		{
			if(s[i]==ch)
			ans++;
			else
			break;
		}
		cout<<ans<<'\n';
		for(int i=ans-1;i>=0;i--)
		{
			cout<<tt-i<<" "<<ch<<'\n';
		}
	}
}

C.16进制世界

原题链接

题意:

给出两个数n,m分别表示n个月饼,饱食度的和不大于m,接下来n行分别表示每个月饼的饱食度和幸福度,求在饱食度不大于m,并且幸福度为16的倍数时最多吃的月饼的数量

思路:

背包问题请看这

如果出去幸福度不看的话就是一个01背包问题,其实加上幸福度后也不算难,因为需要满足幸福度是16的倍数,所以只需要两个数x,y加起来是16的倍数 ,所以我们就设饱食度为j时,幸福度与16取模为k时能吃的最多月饼个数,递推方程为:
f [ j ] [ k ] = m a x ( f [ j ] [ k ] , f [ j − v [ i ] ] [ ( k − w [ i ] + 16 ) f[j][k]=max(f[j][k],f[j-v[i]][(k-w[i]+16)%16]+1); f[j][k]=max(f[j][k],f[j−v[i]][(k−w[i]+16)

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

const int N=2e5+20;
int v[N],w[N],f[N][20];

signed main()
{
	IOS
	int n,m;
	cin>>n>>m;
	for(int i=0;i<n;i++)
	{
		int x,y;
		cin>>x>>y;
		v[i]=x;
		w[i]=(y%16);
	}
	f[0][0]=1;
	for(int i=0;i<n;i++)
	{
		for(int j=m;j>=v[i];j--)
		{
			for(int k=0;k<16;k++)
			{
				if(f[j-v[i]][(k-w[i]+16)%16]!=0)
				f[j][k]=max(f[j][k],f[j-v[i]][(k-w[i]+16)%16]+1);
			}
		}
	}
	int ans=0;
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		ans=max(ans,f[i][0]-1);
	}
	cout<<ans<<'\n';
}

D.四散而逃

原题链接

题意:

一个数n表示n个格子,接下来n个数表示每个格子里的人数,每次可以选择一个格子使得格子里的人一个往右跑,一个往左跑,选择的格子满足该格子必须有两个人及以上并且不能是两边的格子,问至少多少次才能让全部人都在两边格子,如果不能输出-1

思路:

首先考虑是三个格子 的特殊情况,如果中间那个格子是奇数就输出-1,否则输出a[2]/2 ;多个格子时,如果中间的格子每个都是一个人就输出-1,否则每个格子次数都是(a[i]+1)/2,依次累加,就是答案。

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

const int N=2e5+20;
int a[N];

signed main()
{
	IOS
	int n,s=0,ss=0;
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	cin>>a[i];
	if(n==3)
	{
		if(a[2]%2!=0)
		cout<<"-1"<<'\n';
		else
		cout<<a[2]/2<<'\n';
	}
	else
	{
		for(int i=2;i<=n-1;i++)
		{
			if(a[i]%2!=0)
			s++;
			s+=a[i]/2;
			if(a[i]==1)
			ss++;
		}
		if(ss==n-2)
		cout<<"-1"<<'\n';
		else
		cout<<s<<'\n';
	}
}

F.追寻光的方向

原题链接

题意:

给出一个整数n,表示路灯个数,接下来n个整数表示每个路灯的亮度值,每次回跑到实现范围内最大的亮度值处休息,问到达第n个路灯总共需要休息几次。

思路:

把第2个路灯到第n-1个路灯按亮度值从小到大排序b[n] ,然后在原来没排序的路等职从第2个到第n个循环,令t=n,如果等于b[t],就让休息次数加1,t--,m=i,继续循环下一个,如果循环到最后一个值不等于b[t],就继续从第m开始循环,直到等于为止,最后输出s.

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

const int N=2e5+20;
int a[N],b[N];

signed main()
{
	IOS
	int n,s=0,m;
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		cin>>a[i];
		b[i]=a[i];
	}
	sort(b+2,b+n+1);
	int t=n;
	for(int i=2;i<=n;i++)
	{
		if(a[i]==b[t])
		{
			s++;
			t--;
			m=i;
		}
		if(i==n&&a[i]!=b[t])
		{
			t--;
			i=m;
		}
	}
	cout<<s-1<<'\n';
}

G.等公交车

原题链接

题意:

给两个数n,m,表示n个站点,m辆车,一分钟一米,n个整数依次递增表示每个站点到出发点的距离,m个整数表示每辆车出发的时间,接下来q次查询,每次查询给出一个时间和站点,求最少需要等多长时间,如果坐不上车,输出TNT

思路:

首先是如果当前到达的时间大于最后一辆车加上中间的路径 ,那么不可能坐上车,直接输出TNT;令到达的时间减去到该站点的距离,表示一分钟不用等时车应该几点出发 ,循环车出发的时间,当车出发的时间大于等于改时间时,输出,并结束循环,因为出发时间是依次递增的,后面出发的车一定等待时间更长。

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

const int N=2e5+20;
int d[N],t[N];

signed main()
{
	IOS
	int n,m,q;
	cin>>n>>m;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	cin>>d[i];
	for(int i=1;i<=m;i++)
	cin>>t[i];
	int s=t[m]+d[n];
	cin>>q;
	while(q--)
	{
		int x,y,ss=INT_MAX;;
		cin>>x>>y;
		if(x>s)
		cout<<"TNT"<<'\n';
		else if(x>t[m]+d[y])
		cout<<"TNT"<<'\n';
		else
		{
			int tt=x-d[y];
			for(int i=1;i<=m;i++)
			{
				if(t[i]-tt>=0)
				{
					cout<<t[i]-tt<<'\n';
					break;
				}
			}
		}
	}
}

I.正义从不打背身

原题链接

题意:

给两个数n,m,n表示有n个敌人,m表示m次操作,操作内容:

第i次操作是先把序号为[1,i]的点位置上的敌人位置改变,改变规则为:从1,2,3......,i变为i,i-1,......,3,2,1(原来i号位置的敌人更换到1号位置......);

然后把[1,i]的点的敌人原地旋转180

可以击败正对自己的敌人,不可以击中背对自己的敌人,P代表正面,B代表背面

思路:

就是打表找规律,规律还是比较容易的,但我当时因为时间不够给想简单了。正确的规律就是后m+1~n是没有变化的前m个数的前半部分是以m开头,2为公差递减到1或2的等差数列,后半部分是以1,2中剩余的那个开头,以2为公差递增到m-1。根据这个规律写就可以了。

AC代码:

c++ 复制代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
using namespace std;

const int N=2e6+20;
int a[N];

signed main()
{
	IOS
	int n,m;
	cin>>n>>m;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		char ch;
		cin>>ch;
		if(ch=='P')
		a[i]=1;
		else
		a[i]=0;
	}
	int tt=m;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		a[i]+=tt;
		a[i]=a[i]%2;
		tt--;
		if(tt==0) break;
	}
	tt=m;
	int f=0;
	for(int i=1;i<=m;i++)
	{
		cout<<a[tt]<<" ";
		if(f==0) tt-=2;
		else
		{
			if(tt==1)
			{
				if(m%2==1)
				tt+=1;
				else
				tt+=2;
			}
			else
			tt+=2;
		}
		if(tt==0||tt==1)
		{
			tt=1;
			f=1;
		}
	}
	for(int i=m+1;i<=n;i++)
	cout<<a[i]<<" ";
//	if(m%2==0)
//	tt=m/2;
//	else
//	tt=m/2+1;
//	for(int i=0;i<tt;i++)
//	{
//		if(s[i]=='P')
//		s[i]='B';
//		else
//		s[i]='P';
//	}
//	for(int i=0;i<n;i++)
//	{
//		if(s[i]=='P')
//		cout<<"1"<<" ";
//		else
//		cout<<"0"<<" ";
//	}
}
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