LeetCode 75
1768. 交替合并字符串 - 力扣（LeetCode）
题目描述
两个字符串，每个字符串都拆成字符，交替拼接，长的字符串（剩余的字符） 拼接其后。思路
- 根据短字符的长度进行遍历，最后拼接上长字符的剩余字符
java
class Solution {
public String mergeAlternately(String word1, String word2) {
int minSize = Math.min(word1.length(),word2.length());
StringBuilder res = new StringBuilder();
for(int i = 0 ;i < minSize ;i ++){
res.append(word1.charAt(i));
res.append(word2.charAt(i));
}
// 处理剩余字符
if(word1.length() > minSize){
res.append(word1.substring(minSize));
}
// 处理剩余字符
if(word2.length() > minSize){
res.append(word2.substring(minSize));
}
return res.toString();
}
}1071. 字符串的最大公因子 - 力扣（LeetCode）
题目描述
给出两个字符串，找出最长的公因子（比如 str1 = "ABCABC", str2 = "ABC"， 则最长公因子是"ABC"）思路
- 最长公因子，最长也就是短串
优化思路
- str1 + str2 = str2 + str1 的时候才会有解，因为有解的情况下，str1可以被除尽，str2也可以被除尽，当然str1+str2 可以被除尽。
- 如果存在这样的字符串x，那么x的长度必须是两个字符串长度的公约数。
java
class Solution {
public String gcdOfStrings(String str1, String str2) {
// 检查两个字符串连接后是否相等 // 假设str1是N个x，str2是M个x，那么str1+str2肯定是等于str2+str1的。
if (!(str1 + str2).equals(str2 + str1)) {
return "";
}
// 计算两个字符串长度的最大公约数
int gcdLength = gcd(str1.length(), str2.length());
// 返回最大公约数长度的前缀子串
return str1.substring(0, gcdLength);
}
// 计算最大公约数的辅助方法
private int gcd(int a, int b) {
while (b != 0) {
int temp = b;
b = a % b;
a = temp;
}
return a;
}
}1431. 拥有最多糖果的孩子 - 力扣（LeetCode）
题目描述
一群孩子每个有都拥有n个糖果，现在你有m个糖果，你选择将糖果给某个孩子，判断该孩子是不是拥有最多的糖果数思路
- 先找出最多拥有的糖果数
- 遍历如果将自己的糖果全部给该孩子，是否小于最多的糖果数。
java
class Solution {
public List<Boolean> kidsWithCandies(int[] candies, int extraCandies) {
int temp = 0;
for(int i = 0; i < candies.length; i ++){
if(candies[i] >= temp){
temp = candies[i];
}
}
List res = new ArrayList<Boolean>(candies.length);
for(int i = 0; i < candies.length; i ++){
if(candies[i] + extraCandies >= temp){
res.add(true);
}else{
res.add(false);
}
}
return res;
}
}605. 种花问题 - 力扣（LeetCode）
题目描述
一个数组，已经存在一部分元素（不能相邻存在元素），要求插入n个元素，但是不能相邻，判断该n个元素是否能插入。思路
- 根据数组大小判断最多可以存多少元素
- 比如说偶数组长度n，最多只能存 n/2.
- 奇数，可以存n/2 或者 n/ 2 + 1.(根据第一个元素)------有问题不能这莫分析
java
class Solution {
public boolean canPlaceFlowers(int[] flowerbed, int n) {
int cnt = 0; // 计数
for(int i = 0; i< flowerbed.length;i ++){
if(flowerbed[i] == 1)
{
cnt ++;
}
}
// 最多可以存
//偶数
int max= 0;
if(flowerbed.length % 2 == 0){
max = flowerbed.length / 2;
}
// 奇数
else{
if(flowerbed[0] == 1){
max = flowerbed.length/ 2 +1;
}
else{
max = flowerbed.length / 2;
}
}
if(cnt + n > max){
return false;
}
return true;
}
}错误
分析：思路有问题，我上述的设想奇数长度的大小，最多可以判断只有在开头种植了才能+1,忽略了结尾，比如上述。
经过实验，对于过一个数组，间隔插入的最大值： 偶数长度 n/2, 奇数长度 (n+1)/2.
但是对于已经存在数据的数组，就不能按上述计算，因为，插入的位置同时可以在偶数位置并且在奇数位置上。
优化思路
- 查找数组的连续0
- 连续0在中间 最多可以插入 (n -1）/ 2
- 连续0 在两边， 最多可以插入 n / 2
如下图
连续0在数组的中间的情况：
连续0在数组两边的情况：
优化思路
- 贪心，能种就种
java
class Solution {
public boolean canPlaceFlowers(int[] flowerbed, int n) {
int count = 0;
int i = 0;
while (i < flowerbed.length) {
if (flowerbed[i] == 0) {
boolean canPlace = (i == 0 || flowerbed[i - 1] == 0) && // 左边没有花或是数组开头
(i == flowerbed.length - 1 || flowerbed[i + 1] == 0); // 右边没有花或是数组结尾
if (canPlace) {
flowerbed[i] = 1; // 种花
count++;
if (count >= n) {
return true;
}
i += 2; // 跳过下一个位置，因为不能相邻
// 检查是否能种花，左右都没中种花就可以种花，考虑边界情况，对于边界开头，只需要确保其后没有种花，对于结尾的边界，只需要前面没有种花
//开头边界
boolean first = (i==0) && (flowerbed[i+1] == 0);
//结尾边界
boolean end =(i == flowerbed.length -1) && (flowerbed[i-1] == 0);
// 中间
boolean center = (flowerbed[i-1] ==0 && flowerbed[i + 1] == 0); } else {
i++;
}
} else {
i += 2; // 已经有花，跳过下一个位置
}
}
return count >= n;
}
}边界问题处理了好久，看一下我最初的处理边界
java
// 检查是否能种花，左右都没中种花就可以种花，考虑边界情况，对于边界开头，只需要确保其后没有种花，对于结尾的边界，只需要前面没有种花
//开头边界
// boolean first = (i==0) && (flowerbed[i+1] == 0);
if(i == 0){
if(flowerbed[i+1] == 0){
first = true;
}
}
//结尾边界
// boolean end =(i == flowerbed.length -1) && (flowerbed[i-2] == 0);
else if(i == flowerbed.length -1){
if(flowerbed[i-1] == 0){
end = true;
}
}else{
// 中间
center = (flowerbed[i-1] ==0 && flowerbed[i + 1] == 0);
}还是下标溢出，原因是，假如数组长度就1，在判断开头的时候就i+1，下标溢出
345. 反转字符串中的元音字母 - 力扣（LeetCode）
题目描述
一个字符串，将其中的元音字母，反转（交换位置）输出结果字符串。
思路
- 双指针，找到元音字母相互交换位置。
java
class Solution {
public String reverseVowels(String s) {
// 元音数组
Set<Character> vowels = new HashSet<>(
Arrays.asList('a', 'e', 'i', 'o', 'u', 'A', 'E', 'I', 'O', 'U')
);
// sting 不可变---》转成数组
char [] check = s.toCharArray();
int l = 0, r = check.size - 1;
while(l < r){
// 从左向右找元音
while(l < r && !vowels.contains(check[l])){
l++;
}
// 从左向右找元音
while(l < r && !vowels.contains(check[r])){
r --;
}
// 交换元素
if( l < r ){
char t = check[l];
check[l] = check[r];
check[r] = t;
l++;
r--;
}
}
return new String(check);
}
}151. 反转字符串中的单词 - 力扣（LeetCode）
题目描述
反转单词 一个字符串，包含多个单词，反转单词的顺序。题目思路
- 识别单词，存入list,倒叙拼接。
- 主要是处理空格，我们可以使用split()根据空格进行分割，但是假如多个空格分割，值是有空格的？那我存的时候判断一下。
实现有误
java
class Solution {
public String reverseWords(String s) {
String[] split =s.split(" ");
StringBuilder result = new StringBuilder();
for(int i = split.length - 1 ;i >=0 ;i --){
if(split[i] != " "){
// 最后一个不加空格
if(i == 0){
result.append(split[i]);
}
// 其他的后边要加一个空格
else{
result.append(split[i] + " ");
}
}
}
return result.toString();
}
}原因如下： 在处理最后一个单词的时候，判断要不要加空格，是根据分割后的下标来判断的，这种逻辑是错误的
tips:比较字符串 不要直接使用 == != 而是使用equals。
问题？什么时候应该不加空格，最后一个有效单词，怎么判断？下标是判断不了。换种思路，在添加元素的前面添加空格
java
class Solution {
public String reverseWords(String s) {
String[] split =s.split(" ");
StringBuilder result = new StringBuilder();
boolean isfirst = true;
for(int i = split.length - 1 ;i >=0 ;i --){
if(!split[i].isEmpty()){
// 不是第一个元素，在前面就加空格
if(!isfirst){
result.append(" ");
}
result.append(split[i]);
isfirst =false;
}
}
return result.toString();
}
}更优雅的做法，使用trim()去除首尾空格，同时分割的时候根据一个或者多个空格分割
java
class Solution {
public String reverseWords(String s) {
// 去除首尾空格
s = s.trim();
// 按一个或多个空格分割
String[] words = s.split("\\s+");
StringBuilder sb = new StringBuilder();
// 从后向前添加单词
for (int i = words.length - 1; i >= 0; i--) {
sb.append(words[i]);
if (i > 0) {
sb.append(" ");
}
}
return sb.toString();
}
}更简洁的做法： 直接reverse
java
class Solution {
public String reverseWords(String s) {
// 去除首尾空格，并按一个或多个空格分割
String[] words = s.trim().split("\\s+");
Collections.reverse(Arrays.asList(words));
return String.join(" ", words);
}
}238. 除自身以外数组的乘积 - 力扣（LeetCode）
题目描述
一个整型数组， 获得出自己之外的数组相乘的值数组，数组中的每个值相乘（但是不能乘自己）思路
- 全部相乘除以自己， 注意nums[i] =0 要注意 不要除。---实验发现这种思路错误因为有0的存在导致总和是0，所以不能这样算。
优化思路
- 前缀积 + 后缀积
- 前缀鸡[i] = 前缀鸡[i-1] * 数组[i-1]
- 后缀鸡[i] = 后缀鸡[i+1] * 数组[i+1]
java
class Solution {
public int[] productExceptSelf(int[] nums) {
// 前缀数组
int[] prefix = new int[nums.length];
//前缀乘积
prefix[0] = 1; // 第一个元素的前缀乘积是1
for(int i = 1 ; i < nums.length; i ++){
prefix[i] = prefix[i-1] * nums[i-1]; // 前缀鸡[i] = 前缀鸡[i-1] * 数组[i-1]
}
// 后缀鸡
int[] suffix = new int[nums.length];
suffix[nums.length -1] = 1;
for(int i = nums.length -2 ; i >=0 ; i --){
suffix[i] = suffix[i+1] * nums[i+1]; // 后缀鸡[i] = 后缀鸡[i+1] * 数组[i+1]
}
// 结果
for(int i = 0; i < nums.length ; i ++){
nums[i] = prefix[i] * suffix[i];
}
return nums;
}
}内存优化：上述new 了两个数组，可以就弄一个前缀数组，后缀数组不需要，直接使用一个变量存一下，直接计算结果
java
class Solution {
public int[] productExceptSelf(int[] nums) {
int n = nums.length;
int[] result = new int[n];
// 计算前缀乘积并直接存入结果数组
result[0] = 1;
for (int i = 1; i < n; i++) {
result[i] = result[i-1] * nums[i-1];
}
// 使用一个变量来跟踪后缀乘积，避免使用额外数组
int suffix = 1;
for (int i = n-1; i >= 0; i--) {
result[i] *= suffix;
suffix *= nums[i];
}
return result;
}
}