1.一维前缀和【模板】
暴力解法的时间复杂度为
前缀和：快速求出数组中某一个连续区间的和，时间复杂度是
step1：预处理出一个前缀和数组
dpi表示1，i区间内所有元素的和，dp无需遍历求和，dpi=dpi-1+arri，dp0=0；
索引从1开始是为了避免处理边界情况
step2：使用前缀和数组
求l，r之间元素的和，用dpr-dpl-1
代码如下：
cpp
#include <iostream>
using namespace std;
#include <vector>
int main()
{
int n,m;
int l,r;
cin>>n>>m;
vector<int> arr(n+1);
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
cin>>arr[i];
}
vector<long long> dp(n+1);//防止溢出
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
dp[i]=dp[i-1]+arr[i];
}
while(m)
{
cin>>l>>r;
cout<<dp[r]-dp[l-1]<<endl;
m--;
}
return 0;
}2.二维前缀和【模板】
暴力解法的时间复杂度是
前缀和的时间复杂度是
step1预处理出一个前缀和矩阵：
dij表示从1,1到i,j这段区间内所有元素的和
dpij=A+B+C+D=++A+B++ +++A+C+++D-A=dpi-1j+dpij-1+arrij-dpi-1j-1
step2使用前缀和矩阵
x1，y1\]\~\[x2，y2
D=A+B+C+D-(A+B)-(A+C)+A=dpx2y2-dpx1-1y2-dpx2y1-1+dpx1-1y1-1
代码如下：
cpp
#include <iostream>
using namespace std;
#include <vector>
int main()
{
int n,m,q;
cin>>n>>m>>q;
int x1,y1,x2,y2;
vector<vector<long long>> arr(n+1,vector<long long>(m+1));
vector<vector<long long>> dp(n+1,vector<long long>(m+1));
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
for(int j=1;j<m+1;j++)
{
cin>>arr[i][j];
}
}
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
for(int j=1;j<m+1;j++)
{
dp[i][j]=dp[i][j-1]+dp[i-1][j]-dp[i-1][j-1]+arr[i][j];
}
}
while(q)
{
cin>>x1>>y1>>x2>>y2;
cout<<dp[x2][y2]-dp[x1-1][y2]-dp[x2][y1-1]+dp[x1-1][y1-1]<<endl;
q--;
}
return 0;
}3.寻找数组的中心下标
f：前缀和数组fi表示0，i-1区间内所有元素的和 fi=fi-1+numsi-1
g：后缀和数组：gi表示i+1，n-1区间所有元素的和gi=gi+1+numsi+1
细节问题：f(0)=0，从左向右，g(n-1)=0，从右向左
代码如下：
cpp
class Solution {
public:
int pivotIndex(vector<int>& nums)
{
int n=nums.size();
vector<int> f(n),g(n);
for(int i=1;i<n;i++)
{
f[i]=f[i-1]+nums[i-1];
}
for(int i=n-2;i>=0;i--)
{
g[i]=g[i+1]+nums[i+1];
}
for(int i=0;i<n;i++)
{
if(f[i]==g[i])
{
return i;
}
}
return -1;
}
};还有另一种方法：
cpp
class Solution {
public:
int pivotIndex(vector<int>& nums)
{
int n=nums.size();
vector<int> dp(n+1);
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
dp[i]=dp[i-1]+nums[i-1];
}
for(int i=1;i<n+1;i++)
{
if(dp[i-1]==(dp[n]-dp[i]))
{
return i-1;
}
}
return -1;
}
};4.除自身以外数组的乘积
238. 除了自身以外数组的乘积 - 力扣（LeetCode）
fi表示0，i-1区间内所有元素的乘积，fi=fi-1*numsi-1，f0=1 ，gi表示i+1，n-1区间内所有元素的乘积，gi=gi+1*numsi+1，gn-1=1
代码如下：
cpp
class Solution {
public:
vector<int> productExceptSelf(vector<int>& nums)
{
int n=nums.size();
vector<int> f(n),g(n),anwer(n);
f[0]=1,g[n-1]=1;
for(int i=1;i<n;i++)
{
f[i]=f[i-1]*nums[i-1];
}
for(int i=n-2;i>=0;i--)
{
g[i]=g[i+1]*nums[i+1];
}
for(int i=0;i<n;i++)
{
anwer[i]=f[i]*g[i];
}
return anwer;
}
};5.和为K的子数组
不能用滑动窗口，因为这里的数组元素包括0和负数，找到一个区间，而right不往后退
，若中间还有一个区间会被漏掉。
要在以i位置为结尾的所有子数组中找和为K的，即在0，i-1区间内，有多少个前缀和等于sumi-k（用哈希表储存<int，int>），如果sumi-k==0，就会去找前缀和为0的数组，但0，-1区间不存在，所以要提前把hash0=1;
用一个变量sum来标记前一个位置的前缀和。
如果sum-k这个值在哈希表中存在，说明之前有hashsum-k个前缀和等于sum-k。
代码如下：
cpp
class Solution {
public:
int subarraySum(vector<int>& nums, int k)
{
int n=nums.size();
unordered_map<int,int> hash;
hash[0]=1;
int sum=0,ret=0;
for(auto x:nums)
{
sum+=x;
if(hash.count(sum-k)) ret+=hash[sum-k];
hash[sum]++;
}
return ret;
}
};6.和可被K整除的子数组
974. 和可被 K 整除的子数组 - 力扣（LeetCode）
①同余定理：
(a-b)/p=k......0->a%p=b%p
(a-b)/p=k a=b+pk a%p=(b+pk)%p=b%p
②负数%正数的结果及修正：负%正=负 a%p+p=(a%p+p)%p
如果不修正，会认为4%5和-1%5是两个不同的余数，实际上是模5共余的（-1+5=4）
(sum-x)%k=0->sum%k=x%k，sum%k要修正为（sum%k+k）%k
代码如下：
cpp
class Solution {
public:
int subarraysDivByK(vector<int>& nums, int k)
{
unordered_map<int,int> hash;
int sum=0,ret=0;
hash[0%k]=1;
for(auto x:nums)
{
sum+=x;
int r=(sum%k+k)%k;
if(hash.count(r)) ret+=hash[r];
hash[r]++;
}
return ret;
}
};7.连续数组
可以把所有0改成-1，在数组中找出最长的子数组，使子数组中所有元素的和为0
如果前一个已经是sumi，后一个必定短于前一个，不用记录。
每次循环（每到一个i），检查一下哈希表中是否有此前缀和，如果有，更新结果，且不用更新哈希表中此前缀和的下标，如果没有，更新哈希表中此前缀和的下标
sumi的最大范围是0，i-1，当它为0，-1时情况也应是存在的，所以手动给hash0=-1;
len=i-下标
代码如下：
cpp
class Solution {
public:
int findMaxLength(vector<int>& nums)
{
unordered_map<int,int> hash;
int ret=0,sum=0;
hash[0]=-1;
for(int i=0;i<nums.size();i++)
{
sum+=nums[i]==0?-1:1;
if(hash.count(sum)) ret=max(ret,i-hash[sum]);
else hash[sum]=i;
}
return ret;
}
};8.矩阵区域和
首先需要一个dp数组，填充时注意下标的映射关系。
但经过k的扩展之后有可能越出m×n矩阵，题目要求的是（x1，y1）和（x2，y2）之间元素的和，且这些元素都要在mat内。
+1是为了在使用时满足映射关系。
代码如下：
cpp
class Solution
{
public:
vector<vector<int>> matrixBlockSum(vector<vector<int>>& mat, int k)
{
int m=mat.size(),n=mat[0].size();
vector<vector<int>> dp(m+1,vector<int>(n+1));
vector<vector<int>> answer(m,vector<int>(n));
for(int i=1;i<m+1;i++)
for(int j=1;j<n+1;j++)
{
dp[i][j]=dp[i][j-1]+dp[i-1][j]-dp[i-1][j-1]+mat[i-1][j-1];
}
for(int i=0;i<m;i++)
for(int j=0;j<n;j++)
{
int x1=max(0,i-k)+1;
int y1=max(0,j-k)+1;
int x2=min(m-1,i+k)+1;
int y2=min(n-1,j+k)+1;
answer[i][j]=dp[x2][y2]-dp[x1-1][y2]-dp[x2][y1-1]+dp[x1-1][y1-1];
}
return answer;
}
};