目录
[01背包问题 二维](#01背包问题 二维)
[1. dp数组含义](#1. dp数组含义)
[2. 递推公式](#2. 递推公式)
[3. 初始化方式](#3. 初始化方式)
[4. 遍历顺序](#4. 遍历顺序)
[01背包问题 一维](#01背包问题 一维)
[1. dp数组dpj含义](#1. dp数组dp[j]含义)
[2. 递推公式](#2. 递推公式)
[3. 初始化方式](#3. 初始化方式)
[4. 遍历顺序](#4. 遍历顺序)
[416. 分割等和子集](#416. 分割等和子集)
背包问题
有一个重量数组记录第i个物品的重量；一个价值数组记录第i个物品的价值，物品数量为m；有一个背包容量n，问把m个物品任选放入容量为n的背包中，求最大价值
01背包问题 二维
动规四部曲：
1. dp数组含义
j容量的背包，从前i个物品任意选取放入，得到的最大价值
2. 递推公式
当前最大价值有两种情况：放第i个物品和不放第i个物品
不放第i个物品：dpi-1j;
放第i个物品：dpi-1j-weight\[i]+vali
解释：首先腾出放第i个物品的空间->+vali，剩下的空间从前i-1个物品任取放入取最大价值->dpi-1j-weight\[i]
3. 初始化方式
首先定义dp数组时，初始化为0，覆盖了第一列；
然后处理第一行，仅第一个物品放入背包，如果容量够，值变成val0
这样做的目的是，因为递推是从左上到右下 ，所以要初始化第一行和第一列
4. 遍历顺序
先物品后背包/先背包后物品都可以
**先物品后背包：**遍历到第i个物品时，意味着从前i个物品中任选物品；然后从小到大遍历背包空间，依次看每种空间大小可以得到的最大价值
**先背包后物品：**遍历到空间大小为j时，然后遍历物品，遍历到第i个物品，就尝试把前i个物品任选放入这j个空间，看得到的最大价值
cpp
#include<iostream>
using namespace std;
#include<vector>
int main(){
int m,n;
cin>>m>>n;
vector<int> weight(m);
vector<int> val(m);
for(int i=0;i<m;i++){
cin>>weight[i];
}
for(int j=0;j<m;j++){
cin>>val[j];
}
//dp[i][j]含义：j容量的背包，从前i个物品任意选取放入，得到的最大价值
vector<vector<int>> dp(m,vector<int>(n+1,0));
//初始化dp数组:仅第一个物品放入背包，如果容量够，值变成val[0]
for(int j=weight[0]; j<=n; j++) dp[0][j] = val[0];
//递推公式：当前最大价值有两种情况：放第i个物品和不放第i个物品
//不放第i个物品：dp[i-1][j];
//放第i个物品：dp[i-1][j-weight[i]]+val[i]
//解释：首先腾出放第i个物品的空间->+val[i]，剩下的空间从前i-1个物品任取放入取最大价值->dp[i-1][j-weight[i]]
//遍历顺序：先物品后背包/先背包后物品都可以
//先物品后背包：遍历到第i个物品时，意味着从前i个物品中任选物品；然后从小到大遍历背包空间，依次看每种空间大小可以得到的最大价值
//先背包后物品：遍历到空间大小为j时，然后遍历物品，遍历到第i个物品，就尝试把前i个物品任选放入这j个空间，看得到的最大价值
for(int i=1; i<m; i++){
for(int j=0; j<=n; j++){
if(j < weight[i]) dp[i][j] = dp[i-1][j];
else dp[i][j] = max(dp[i-1][j], dp[i-1][j-weight[i]]+val[i]);
}
}
//打印dp数组
// for(int i=0; i<m; i++){
// for(int j=0; j<=n; j++){
// cout<<dp[i][j]<<" ";
// }
// cout<<endl;
// }
cout<<dp[m-1][n]<<endl;
return 0;
}01背包问题 一维
一维压缩可行性分析
把二维dp压缩为一维dp，可行的原因是二维的递推公式：
不放第i个物品：dpi-1j;
放第i个物品：dpi-1j-weight\[i]+vali
仅依赖上层数据，所以只需维护一行数据（一个一维数组），在该数组上迭代更新即可
动规四部曲：
1. dp数组**dpj**含义
j容量的背包，从所有物品中(i个，但没体现在dp上)得任选放入，得到的最大价值
2. 递推公式
当前最大价值有两种情况：放第i个物品和不放第i个物品
不放第i个物品：dpj;
放第i个物品：dpj-weight\[i]+vali
解释：首先腾出放第i个物品的空间->+vali，剩下的空间从前i-1个物品任取放入取最大价值->dpj-weight\[i]
3. 初始化方式
对于背包问题一维dp，递推依赖上一循环的dp和第i个物品的重量，所以只需要将一维dp初始化为0即可开始迭代
4. 遍历顺序
先物品后背包+背包倒序遍历+背包从n遍历到weighti
**为什么倒序遍历：**因为递推公式会调用dpj-weight\[i]，如果正序遍历，则无法保证dpj-weight\[i]是在多少个物品里面选择然后放入的，所以有可能出现重复放入同一物品的情况
举例：假设遍历到物品0，dp1容量够，给dp1赋了值，然后后面的大容量肯定也能放下物品0，所以会调用dp1的值再加上val0，导致重复选取。
**为什么必须先物品后背包：**如果先背包后物品，由于背包需倒序，所以一开始是最大容量n，然后开始下一层遍历物品，假设前两个物品可以一起放下，那么开始执行循环逻辑，第一个物品可以放下，dpn更新为val0；第二个物品也可以放下，dpn = max(dpj, dpj-weight\[i]+vali)，也就是更新为物品0和物品1之间的最大值，(因为dpj-weight\[i]还没有遍历到，一定是0)。
这样就导致只放下了物品0或者物品1，无法把两个物品都放入
**为什么背包从n遍历到weighti：**因为如果背包容量小于weighti，第i个物品无需考虑放不放，因为一定放不下，直接保持原状就好，也就是不迭代j<weighti的部分。
cpp
#include<iostream>
using namespace std;
#include<vector>
int main(){
int m,n;
cin>>m>>n;
vector<int> weight(m);
vector<int> val(m);
for(int i=0;i<m;i++){
cin>>weight[i];
}
for(int j=0;j<m;j++){
cin>>val[j];
}
//dp[j]含义：j容量的背包，所有物品任选放入，得到的最大价值
vector<int> dp(n+1,0);
//初始化dp数组:直接初始化为0，这样就满足更新条件
for(int i=0; i<m; ++i){
for(int j=n; j>=weight[i]; --j){
dp[j] = max(dp[j], dp[j-weight[i]]+val[i]);
}
}
//打印dp数组
// for(int i=0; i<m; i++){
// for(int j=0; j<=n; j++){
// cout<<dp[i][j]<<" ";
// }
// cout<<endl;
// }
cout<<dp[n]<<endl;
return 0;
}416. 分割等和子集
思路
本题可抽象为一个背包问题：从数组nums中选取物品，放入容量为sum/2的背包中，看背包能否**装满，**装满就意味着从数组中选取元素可以填充为数组和的一半，代表可以分割成等和子集
还需注意，本题需要判断是否装满的逻辑，实现方式为：把物品的重量和价值设为相同值，即令nums中元素既为其重量也为其价值：
如果填满了，则总 重量=背包容量=target ，总价值=dptarget = 总重量，推导出 dptarget = target；
如果填不满，则target≠dptarget
剩余思路和01背包 一维问题完全一样，最终返回dptarget == target即可
cpp
class Solution {
public:
bool canPartition(vector<int>& nums) {
int sum = 0;
for(auto i :nums) sum+=i;
if(sum%2 !=0) return false;
int target = sum/2;
//dp[j]含义：j容量的背包，所有物品任选放入，得到的最大价值
vector<int> dp(target+1,0);
//初始化dp数组:直接初始化为0，这样就满足更新条件
for(int i=0; i<nums.size(); ++i){
for(int j=target; j>=nums[i]; --j){
dp[j] = max(dp[j], dp[j-nums[i]]+nums[i]);
}
}
return dp[target] == target;
}
};