csp信奥赛C++高频考点专项训练之字符串 --【字符串综合】：遍历问题
题目描述
我们都很熟悉二叉树的前序、中序、后序遍历，在数据结构中常提出这样的问题：已知一棵二叉树的前序和中序遍历，求它的后序遍历，相应的，已知一棵二叉树的后序遍历和中序遍历序列你也能求出它的前序遍历。然而给定一棵二叉树的前序和后序遍历，你却不能确定其中序遍历序列，考虑如下图中的几棵二叉树：
BB%EF%BC%89%5CP1229%E5%9B%BE%E4%BE%8B.png&pos_id=img-kXoQ0BhS-1778906348869)
所有这些二叉树都有着相同的前序遍历和后序遍历，但中序遍历却不相同。
输入格式
共两行，第一行表示该二叉树的前序遍历结果 s 1 s_1 s1，第二行表示该二叉树的后序遍历结果 s 2 s_2 s2。
保证至少存在一棵二叉树满足给出的信息， s 1 , s 2 s _ 1, s _ 2 s1,s2 中只含小写字母，且在某个字符串中不存在相同的字母。
输出格式
输出可能的中序遍历序列的总数，结果不超过 2 63 − 1 2^{63}-1 263−1。
输入输出样例 1
输入 1
abc
cba输出 1
4思路分析
给定二叉树的前序和后序遍历序列，中序遍历不唯一的原因是某些结点只有一个子结点时，无法确定该子结点是左孩子还是右孩子。
对于每个只有一个子结点的结点，中序遍历有两种可能，且不同结点的选择相互独立，因此可能的中序遍历总数为 2 单子结点个数 2^{\text{单子结点个数}} 2单子结点个数。
如何统计单子结点个数？
- 前序遍历中，若结点
root只有一个子结点，则该子结点必为root的下一个结点child = pre[i+1]。 - 后序遍历中，
root的前一个结点必为child（因为子树的后序序列以child结尾，接着是root）。 - 因此，只需检查
post[pos(root)-1] == child是否成立，其中pos(root)是root在后序中的位置。 - 遍历前序序列（除最后一个结点），统计满足上述条件的次数
cnt，答案即为1 << cnt。
代码实现
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
string a,b; // a前序遍历，b后序遍历
cin>>a>>b;
int n=a.size(); // 结点个数
int idx[256]={0}; // 记录每个字符在后序中的下标
for(int i=0;i<n;i++) idx[b[i]]=i; // 建立映射
long long ans=1; // 结果初始为1
for(int i=0;i<n-1;i++){ // 遍历前序，最后一个结点无子结点，无需处理
char root=a[i]; // 当前结点
char child=a[i+1]; // 前序中紧跟着的结点（可能是左子或唯一子）
// 若child在后序中恰好在root前一位，则root只有一个子结点，答案乘2
if(idx[child]==idx[root]-1) ans<<=1;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}功能分析
- 输入处理：读入两行字符串，分别代表前序和后序遍历序列（无重复字符）。
- 映射建立 ：用数组
idx记录每个字符在后序序列中的位置，以便 O(1) 查询。 - 单子结点统计 ：遍历前序序列的每个非尾结点，检查其下一个结点是否在后序中位于该结点之前一位。若是，则计数一次（等价于
ans左移一位乘 2）。 - 输出结果 ：最终
ans即为可能的中序遍历总数，保证在long long范围内（题目保证结果不超过 2 63 − 1 2^{63}-1 263−1。 - 时间复杂度：O(n)，其中 n 为字符串长度。
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cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
cout<<"########## 一站式掌握信奥赛知识! ##########";
cout<<"############# 冲刺信奥赛拿奖! #############";
cout<<"###### 课程购买后永久学习，不受限制! ######";
return 0;
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· 文末祝福 ·
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
cout<<"跟着王老师一起学习信奥赛C++";
cout<<" 成就更好的自己！ ";
cout<<" csp信奥赛一等奖属于你! ";
return 0;
}