Leetcode 第 384 场周赛题解

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Leetcode 第 384 场周赛题解

题目1:3033. 修改矩阵

思路

模拟。

代码

cpp 复制代码
/*
 * @lc app=leetcode.cn id=3033 lang=cpp
 *
 * [3033] 修改矩阵
 */

// @lc code=start
class Solution
{
public:
    vector<vector<int>> modifiedMatrix(vector<vector<int>> &matrix)
    {
        if (matrix.empty())
            return {};

        int m = matrix.size(), n = m ? matrix[0].size() : 0;
        auto answer = matrix;

        for (int i = 0; i < m; i++)
            for (int j = 0; j < n; j++)
            {
                // 每个值为 -1 的元素需要替换
                if (matrix[i][j] == -1)
                {
                    // 找到列最大值
                    int col_max = -1;
                    for (int k = 0; k < m; k++)
                        col_max = max(col_max, matrix[k][j]);
                    // 修改 answer 数组
                    answer[i][j] = col_max;
                }
            }

        return answer;
    }
};
// @lc code=end

复杂度分析

时间复杂度:O(m^2^*n),其中 m 和 n 分别是矩阵 matrix 的行数和列数。

空间复杂度:O(m*n),其中 m 和 n 分别是矩阵 matrix 的行数和列数。

题目2:3034. 匹配模式数组的子数组数目 I

思路

暴力。

设数组 nums 的长度为 m,数组 pattern 的长度为 n。

遍历数组 nums 的每个长度是 n+1 的子数组并计算子数组的模式,然后与数组 pattern 比较,如果相等则找到一个匹配模式数组的子数组。遍历结束之后即可得到匹配模式数组的子数组数目。

代码

cpp 复制代码
/*
 * @lc app=leetcode.cn id=3034 lang=cpp
 *
 * [3034] 匹配模式数组的子数组数目 I
 */

// @lc code=start
class Solution
{
public:
    int countMatchingSubarrays(vector<int> &nums, vector<int> &pattern)
    {
        // 特判
        if (nums.empty() || pattern.empty())
            return 0;
        if (nums.size() <= pattern.size())
            return 0;

        int count = 0;
        int m = nums.size(), n = pattern.size();

        for (int i = 0; i < m - n; i++)
        {
            bool flag = true;
            for (int k = 0; k < n && flag; k++)
            {
                int diff = nums[i + k + 1] - nums[i + k];
                int p = getPattern(diff);
                if (p != pattern[k])
                    flag = false;
            }
            if (flag)
                count++;
        }

        return count;
    }
    // 辅函数 - 计算 pattern
    int getPattern(int diff)
    {
        if (diff == 0)
            return 0;
        return diff > 0 ? 1 : -1;
    }
};
// @lc code=end

复杂度分析

时间复杂度:O((m-n)*n),其中 m 为数组 nums 的长度,n 为数组 pattern 的长度。

空间复杂度:O(1)。

题目3:3035. 回文字符串的最大数量

思路

由于可以随意交换字母,先把所有字母都取出来,然后考虑如何填入各个字符串。

如果一个奇数长度字符串最终是回文串,那么它正中间的那个字母填什么都可以。

既然如此,不妨先把左右的字母填了,最后在往正中间填入字母。

字符串越短,需要的字母越少。

所以按照字符串的长度从小到大填。

统计所有字符串的长度之和,减去出现次数为奇数的字母,即为可以往左右填入的字母个数 total。

把字符串按照长度从小到大排序,然后遍历。注意长为奇数的字符串,由于不考虑正中间的字母,其长度要减一。

代码

cpp 复制代码
/*
 * @lc app=leetcode.cn id=3035 lang=cpp
 *
 * [3035] 回文字符串的最大数量
 */

// @lc code=start
class Solution
{
public:
    int maxPalindromesAfterOperations(vector<string> &words)
    {
        // 特判
        if (words.empty())
            return 0;

        int n = words.size();
        int total = 0; // 出现次数为偶数的字母总数
        unordered_map<char, int> mp;

        for (string &word : words)
        {
            total += word.length();
            for (char &c : word)
                mp[c]++;
        }

        // 减去出现次数为奇数的字母
        for (auto &[ch, cnt] : mp)
            total -= cnt % 2;

        sort(words.begin(), words.end(), [](const string &s1, const string &s2)
             { return s1.length() < s2.length(); });

        int ans = 0;
        for (string &word : words)
        {
            int len = word.length();
            // 长为奇数的字符串,长度要减一
            total -= len % 2 == 1 ? len - 1 : len;
            if (total < 0)
                break;
            ans++;
        }

        return ans;
    }
};
// @lc code=end

哈希表可以用位运算优化,详见:【灵茶山艾府】两种方法:正向思维 / 逆向思维(Python/Java/C++/Go)

复杂度分析

时间复杂度:O(L+nlogn),其中 n 是数组 words 的长度,L 是数组 words 中字符串的总长度。

空间复杂度:O(|∑|),其中 ∑ 是字符集,|∑| 为字符集的大小,因为 words[i] 仅由小写英文字母组成,所以 |∑|=26。

题目4:3036. 匹配模式数组的子数组数目 II

思路

设数组 nums 的长度为 m,数组 pattern 的长度为 n。

遍历数组 nums 的每个长度是 n+1 的子数组并计算子数组的模式,然后与数组 pattern 比较,如果相等则找到一个匹配模式数组的子数组。遍历结束之后即可得到匹配模式数组的子数组数目。

我们发现这其实就是 KMP。

将匹配模式转换成字符串:1 对应 'a',0 对应 'b',-1 对应 'c'。

代码

cpp 复制代码
/*
 * @lc app=leetcode.cn id=3036 lang=cpp
 *
 * [3036] 匹配模式数组的子数组数目 II
 */

// @lc code=start

// KMP

class Solution
{
private:
    // KMP 算法
    vector<int> getNxt(string &pattern)
    {
        vector<int> nxt;
        // next[0] 必然是 0
        nxt.push_back(0);
        // 从 next[1] 开始求
        int x = 1, now = 0;
        while (x < pattern.length())
        {
            if (pattern[now] == pattern[x])
            {
                // 如果 pattern[now] == pattern[x],向右拓展一位
                now++;
                x++;
                nxt.push_back(now);
            }
            else if (now != 0)
            {
                // 缩小 now,改成 nxt[now - 1]
                now = nxt[now - 1];
            }
            else
            {
                // now 已经为 0,无法再缩小,故 next[x] = 0
                nxt.push_back(0);
                x++;
            }
        }
        return nxt;
    }

    vector<int> kmp(string &s, string &pattern)
    {
        int m = pattern.length();
        vector<int> nxt = getNxt(pattern);
        vector<int> res;
        int tar = 0; // 主串中将要匹配的位置
        int pos = 0; // 模式串中将要匹配的位置
        while (tar < s.length())
        {
            if (s[tar] == pattern[pos])
            {
                // 若两个字符相等,则 tar、pos 各进一步
                tar++;
                pos++;
            }
            else if (pos != 0)
            {
                // 失配,如果 pos != 0,则依据 nxt 移动标尺
                pos = nxt[pos - 1];
            }
            else
            {
                // pos[0] 失配,标尺右移一位
                tar++;
            }

            if (pos == pattern.length())
            {
                res.push_back(tar - pos);
                pos = nxt[pos - 1];
            }
        }
        return res;
    }

public:
    int countMatchingSubarrays(vector<int> &nums, vector<int> &pattern)
    {
        // 特判
        if (nums.empty() || pattern.empty())
            return 0;
        if (nums.size() <= pattern.size())
            return 0;

        int count = 0;
        int m = nums.size(), n = pattern.size();

        // 1 对应 'a',0 对应 'b',-1 对应 'c'
        string s;
        for (int i = 0; i < m - 1; i++)
        {
            int diff = nums[i + 1] - nums[i];
            int p = getPattern(diff);
            if (p == 1)
                s += "a";
            else if (p == 0)
                s += "b";
            else
                s += "c";
        }

        string p;
        for (int &pa : pattern)
        {
            if (pa == 1)
                p += "a";
            else if (pa == 0)
                p += "b";
            else
                p += "c";
        }

        return kmp(s, p).size();
    }
    // 辅函数 - 计算 pattern
    int getPattern(int diff)
    {
        if (diff == 0)
            return 0;
        return diff > 0 ? 1 : -1;
    }
};
// @lc code=end

复杂度分析

时间复杂度:O(m),其中 m 是数组 nums 的长度。

空间复杂度:O(n),其中 n 是数组 pattern 的长度。

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