上链接：Dashboard - Codeforces Round 994 (Div. 2) - Codeforces
A. MEX Destruction
思路
显然如果全是0则输出0，如果非零的子数组只有一块输出1，其余的输出2
代码
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define vcoistnt ios_base::sync_with_stdio(false); cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);
#define int long long
#define ull unsigned long long
#define bit __builtin_popcountll
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
#define vi vector<int>
#define vb vector<bool>
typedef pair<int,int> pll;
void solve(){
int n;
cin>>n;
vi a(n+10);
bool flag=false;
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>a[i];
if(a[i]) flag=true;
}
if(flag==false){
cout<<"0\n";return;
}
int ct=0;
bool f=true;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(a[i]){
if(f==true){
f=false;
ct++;
}
}
if(a[i]==0){
f=true;
}
}
if(ct<=1){
cout<<"1\n";return;
}
cout<<2<<"\n";
}
signed main() {
vcoistnt
int _=1;
cin>>_;
while(_--) solve();
return 0;
}B. pspspsps
思路
根据题意可以发现左端是's'与右端是'p'对结果没有影响，其余的情况的话如果同时出现了s和p那么就必然是不能够成立的
代码
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define vcoistnt ios_base::sync_with_stdio(false); cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);
#define int long long
#define ull unsigned long long
#define bit __builtin_popcountll
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
#define vi vector<int>
#define vb vector<bool>
typedef pair<int,int> pll;
const int N=2e5+10;
const int INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int inf=INT_MIN;
const int mod=998244353;
const int base=283;
void solve(){
int n;
cin>>n;
string s;
cin>>s;
s=" "+s;
int t=1;
if(s[1]=='s') t++;
if(s[n]=='p') n--;
bool fs=false,fp=false;
for(int i=t;i<=n;i++){
if(s[i]=='s') fs=true;
if(s[i]=='p') fp=true;
}
if(fs&&fp){
cout<<"NO\n";
}else{
cout<<"YES\n";
}
}
signed main() {
vcoistnt
int _=1;
cin>>_;
while(_--) solve();
return 0;
}C. MEX Cycle
思路
构造题，提供一种构造方法
先不管题目中(此外，龙 x 和 y 彼此是朋友)这个条件对a数组进行构造，
偶数：101010...10 奇数：101010...102
然后将(此外，龙 xx 和 yy 彼此是朋友)这个条件加进去，如果ax!=ay那么显然是不用改变的，否则又要分为奇数和偶数的情况
奇数：把x的后面插入一个2，把最后的2删掉即可
偶数：这里又分为两种情况，当y==n就把第一个1删掉并且再末尾加个2就行了，否则将x后面插入个2再对原来的a数组进行调整
代码
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define vcoistnt ios_base::sync_with_stdio(false); cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);
#define int long long
#define ull unsigned long long
#define bit __builtin_popcountll
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
#define vi vector<int>
#define vb vector<bool>
typedef pair<int,int> pll;
const int N=2e5+10;
const int INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int inf=INT_MIN;
const int mod=998244353;
const int base=283;
void solve(){
int n,x,y;
cin>>n>>x>>y;
vi a(n+10);
for(int i=1;i<=n;i++){
a[i]=i%2;
}
if(n%2) a[n]=2;
if(a[x]==a[y]){
if(a[n]==2){
for(int i=1;i<n;i++){
if(i==x) cout<<a[i]<<" 2 ";
else{
cout<<a[i]<<" ";
}
}cout<<"\n";
return;
}else{
if(y!=n){
for(int i=1;i<n-1;i++){
if(i==x){
cout<<a[i]<<" 2 ";
}else
cout<<a[i]<<" ";
}
cout<<"2";
cout<<"\n";
return;
}else{
for(int i=2;i<=n;i++){
cout<<a[i]<<" ";
}
cout<<"2\n";return;
}
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
cout<<a[i]<<" \n"[i==n];
}
}
signed main() {
vcoistnt
int _=1;
cin>>_;
while(_--) solve();
return 0;
}D. Shift + Esc
思路
dp，如果去掉移动前执行的操作的话，那么这个题就变成了普通的状态转移题，那么考虑在此基础上新增状态达到此题的目的
令 dpijk 表示到达(i,j)时第i行进行了k次操作所能到达的最小代价，（i，j）状态可以由（i-1，j）和（i，j-1）转移过来的，
（i，j-1）：显然是由 dpij-1k+ai(j+k-1)%m+1 转移过来的;
（i-1，j）：是由fi-1j+ai(j+k-1)%m+1 转移而来，f(i,j)表示到达(i,j)位置时的最小代价
那么答案即fnm
代码
cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define vcoistnt ios_base::sync_with_stdio(false); cin.tie(NULL); cout.tie(NULL);
#define int long long
#define ull unsigned long long
#define bit __builtin_popcountll
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
#define vi vector<int>
#define vb vector<bool>
typedef pair<int,int> pll;
const int N=2e5+10;
const int inf=1e18;
const int mod=998244353;
void solve(){
int n,m,w;
cin>>n>>m>>w;
vector<vi> a(n+10,vi(m+10));
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=m;j++){
cin>>a[i][j];
}
}
vector< vector< vector<int> > > dp(n+10,vector<vector<int>>(m+10,vector<int>(m+10,inf)));
vector<vi> f(n+10,vi(m+10,inf));
f[0][1]=0;
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=m;j++){
for(int k=0;k<m;k++){
dp[i][j][k]=min(f[i-1][j]+k*w+a[i][(j+k-1)%m+1],dp[i][j-1][k]+a[i][(j+k-1)%m+1]);
f[i][j]=min(f[i][j],dp[i][j][k]);
}
}
}
cout<<f[n][m]<<"\n";
}
signed main() {
vcoistnt
int _=1;
cin>>_;
while(_--) solve();
return 0;
}