day131—链表—反转链表Ⅱ（区域反转）（LeetCode-92）

题目描述

给你单链表的头指针 head 和两个整数 left 和 right ，其中 left <= right 。请你反转从位置 left 到位置 right 的链表节点，返回 反转后的链表 。

示例 1：

复制代码

输入：head = [1,2,3,4,5], left = 2, right = 4
输出：[1,4,3,2,5]

示例 2：

复制代码

输入：head = [5], left = 1, right = 1
输出：[5]

提示：

链表中节点数目为 n
1 <= n <= 500
-500 <= Node.val <= 500
1 <= left <= right <= n

解决方案：

这段代码的核心功能是反转单链表中指定区间 $left, right$ 内的节点 （比如原链表 1→2→3→4→5，left=2、right=4 时，反转后为 1→4→3→2→5），采用「迭代法 + 虚拟头节点」实现，时间复杂度 O(n)、空间复杂度 O(1)，是区间反转链表的经典解法。

核心逻辑

代码通过 "定位反转起点 + 局部反转 + 重新连接" 三步完成区间反转，核心是用虚拟头节点规避头节点反转的边界问题：

虚拟头节点与定位前驱 ：创建虚拟头节点 dx 指向原链表头，先找到反转区间的前驱节点 p0（即 left 位置的前一个节点），避免反转头节点时的空指针问题；
局部区间反转 ：以 p0->next 为起点，用 pre/cur/nxt 三个指针，迭代反转 $left, right$ 范围内的节点（反转逻辑和完整反转链表一致）；
重新连接链表 ：反转完成后，将原反转起点的节点（现在是反转区间的尾节点）指向反转区间后的第一个节点 cur，再将 p0 指向反转区间的新头节点 pre，恢复链表完整性；
返回结果 ：最终返回虚拟头节点的 next（即新链表的头节点）。

总结

核心思路：用虚拟头节点简化边界处理，先定位反转区间前驱，再局部反转，最后重新拼接链表；
关键操作：反转后 p0->next->next = cur 和 p0->next = pre 是重新连接链表的核心，避免区间反转后链表断裂；
效率特点：一次遍历完成定位 + 反转 + 拼接，时间 O(n)、空间 O(1)，是区间反转链表的最优解法。

函数源码：

cpp 复制代码

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode() : val(0), next(nullptr) {}
 *     ListNode(int x) : val(x), next(nullptr) {}
 *     ListNode(int x, ListNode *next) : val(x), next(next) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    ListNode* reverseBetween(ListNode* head, int left, int right) {
        ListNode dx(0,head);
        
        ListNode* p0=&dx;
        for(int i=0;i<left-1;i++){
            p0=p0->next;
        }//到达反转区域的前一个结点:p0

        ListNode* nxt=nullptr;
        ListNode* pre=nullptr;
        ListNode* cur=p0->next;//反转的起始节点：p0->next
        for(int i=0;i<right-left+1;i++){
            nxt=cur->next;
            cur->next=pre;
            pre=cur;
            cur=nxt;
        }
        p0->next->next=cur;
        p0->next=pre;
        return dx.next;
    }
};