P7929 [COCI2021-2022#1] Logičari

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[P7929 $COCI2021-2022#1$ Logičari](#1] Logičari)
- 题目大意
- 思路
- code

题目大意

给定一棵 n n n 个节点的基环树，现在对树上的节点染色，使得每个电都有且仅有一个与他相连的点被染色（不包括自身），求最少染色次数，无解输出 − 1 -1 −1

3 ≤ n ≤ 1 0 5 3\le n \le 10^5 3≤n≤105

思路

我们考虑一棵普通的树看看怎么解决。

很明显是一个树形 d p dp dp 乱搞就好了。

我们先 d f s dfs dfs 找到多出来的那条返祖边，设两个端点分别为 S , T S , T S,T

然后我们考虑不合法的情况：

1、 S S S 染了，但 T T T 旁边又染了一个。

2、 T T T 染了，但 T T T 旁边又染了一个。

3、 S S S 没染， T T T 旁边的那个也没染，而且 T T T 没有其他子树了。

在遇到 T T T 的时候特判一下就好了。

我们考虑转移。

设 d p $x$ $a$ $b$ dp $x$ $a$ $b$ dp $x$ $a$ $b$ 表示现在处理到以 x x x 为根节点的子树， x x x 的状态为 a a a ， x x x 父亲节点的状态为 b b b 的最小代价。

设 w $x$ $a$ w $x$ $a$ w $x$ $a$ 表示以 x x x 为根的子树中， x x x 的状态为 a a a 的最小代价。

设 v a l = ∑ y = s o n $x$ w $y$ $0$ val = \sum_{y = son $x$ }w $y$ $0$ val=∑y=son $x$ w $y$ $0$

如果 f a $u$ fa $u$ fa $u$ 被染了，那么 x x x 的儿子都不能染，所以答案为
d p $x$ $a$ $b$ = v a l + a dp $x$ $a$ $b$ = val + a dp $x$ $a$ $b$ =val+a

否则
d p $x$ $a$ $b$ = min ⁡ y = s o n $x$ ( v a l − w $y$ $0$ + w $y$ $1$ ) + a dp $x$ $a$ $b$ = \min_{y = son $x$ }(val - w $y$ $0$ + w $y$ $1$ ) + a dp $x$ $a$ $b$ =y=son $x$ min(val−w $y$ $0$ +w $y$ $1$ )+a

code

cpp 复制代码

#include <bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define fu(x , y , z) for(x = y ; x <= z ; x ++)
using namespace std;
const int inf = 1e9 + 5 , N = 1e5 + 5;
int hd[N] , cnt , s , t , vis[N] , flg , fs , ft , out , n;
LL f[N][2][2] , w[N][2];
struct E {
    int to , nt;
} e[N << 1];
void add (int x , int y) { e[++cnt].to = y , e[cnt].nt = hd[x] , hd[x] = cnt; }
void dfs (int x , int fa) {
    int y;
    vis[x] = 1;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if (y == fa) continue; 
        if (vis[y]) flg = i;
        else dfs (y , x);
    }
}
LL dp (int x , int fa , int a , int b) {
    if (f[x][a][b]) return f[x][a][b];
    int y;
    LL sum = 0 , ans = inf;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if ((y == fa) || (i == flg) || ((i ^ 1) == flg)) continue;
        if (y == t) {
            if ((a && fs) || (b && ft) || (!a && !fs && out < 3)) return inf;
            w[y][ft] = dp (y , x , ft , (fs | a));
            w[y][!ft] = inf;
            sum += w[y][0];
        }
        else {
            w[y][0] = dp (y , x , 0 , a);
            sum += w[y][0];
            if (!b) w[y][1] = dp (y , x , 1 , a);
        } 
    }
    if (b) return f[x][a][b] = sum + a;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if ((y == fa) || (i == flg) || ((i ^ 1) == flg)) continue;
        ans = min (ans , sum - w[y][0] + w[y][1]);
    }
    return f[x][a][b] = ans + a;
}
int main () {
    int x , y;
    LL ans;
    cnt = 1;
    scanf ("%d" , &n);
    for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) {
        scanf ("%d%d" , &x , &y);
        add (x , y) , add (y , x);
    }
    dfs (1 , 0);
    s = e[flg].to , t = e[flg ^ 1].to;
    for (int i = hd[t] ; i ; i = e[i].nt) ++out;
    // cout << out << " " << t;
    // return 0;
    fs = ft = 0;
    ans = dp (s , 0 , 0 ,0);
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = 1 , ft = 0;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 1 , 0));
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = 0 , ft = 1;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 0 , 1));
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = ft = 1;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 1 , 1));
    if (ans <= 1ll * n) printf ("%lld" , ans);
    else printf ("-1");
    return 0;
}

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