目录
- [一、3522. 执行指令后的得分](#一、3522. 执行指令后的得分)
- [二、3523. 非递减数组的最大长度](#二、3523. 非递减数组的最大长度)
- [三、3524. 求出数组的 X 值 I](#三、3524. 求出数组的 X 值 I)
- [四、3525. 求出数组的 X 值 II](#四、3525. 求出数组的 X 值 II)
一、3522. 执行指令后的得分
本题就是一道模拟题，代码如下：
java
class Solution {
public long calculateScore(String[] in, int[] v) {
long ans = 0;
int i = 0;
int n = in.length;
boolean[] vis = new boolean[n];
while(i >= 0 && i < n && !vis[i]){
vis[i] = true;
if(in[i].charAt(0) == 'a'){
ans += v[i++];
}else{
i += v[i];
}
}
return ans;
}
}二、3523. 非递减数组的最大长度
本题是一道贪心题，由于题目允许将子数组替换成该子数组的最大元素，求最长非递减的长度，这就变相的说明了需要保留尽可能多的较大值，分类讨论：
- 对于第一个元素来说，它必须保留，因为如果执行操作，就必须向后找到一个大于等于它的元素，如果存在该元素，那么不如选择不操作，这样就能获得长度为 2 的非递减数组
- 对于其他元素，贪心的想，从前往后遍历，只要一遇到大于等于 mx 的数，立即更新 mx 和 长度。这样能给后续留下更多的元素，就更可能出现更长的非递减数组。
代码如下：
java
class Solution {
public int maximumPossibleSize(int[] nums) {
int ans = 0;
int mx = 0;
// 有点类似于求前缀最大值的更新次数（只不过==也算更新）
for(int x : nums){
if(x >= mx){
ans++;
mx = x;
}
}
return ans;
}
}三、3524. 求出数组的 X 值 I
本题题意就是问，对于 数组nums 的所有子数组来说，他们的乘积 %k = {0,1,...,k-1} 分别有多少种情况。定义 f[i+1][j]：右端点为 i，且它们的乘积 %k = j 的子数组个数，对于 x = nums[i] 来说：
- 须知：
(a * b) % k = ((a % k) * (b % k)) % k - 选择以
i-1结尾的子数组，需要枚举f[i][j], j = %k = {0,1,...,k-1}，f[i+1][x*j%k] += f[i][j] - 不选以
i-1结尾的任意子数组，即只包含x，那么f[i+1][x%k]++
代码如下：
java
class Solution {
public long[] resultArray(int[] nums, int k) {
long[] res = new long[k];
int n = nums.length;
long[][] f = new long[n+1][k];
//f[i][j]: 以 i-1 为右端点时，%k=j 的子数组个数
// x * ? % k = j, ？是难以计算的
// ? = x * j % k, ？是可以直接计算的
for(int i = 0; i < n; i++){
int x = nums[i] % k;
f[i+1][x] = 1;
for(int j = 0; j < k; j++){
f[i+1][j*x%k] += f[i][j];
}
for(int j = 0; j < k; j++){
res[j] += f[i+1][j];
}
}
return res;
}
}四、3525. 求出数组的 X 值 II
本题与T3类似，区别在于本题有修改操作，且每次查询的子数组的左端点是确定的，问每次查询mod k = queries[i][3] 的子数组个数。单点修改，区间查询可以使用线段树做。需要维护两个东西，一个是[l,r] 的区间乘积，一个是以 l 为左端点的所有子数组乘积mod k的情况。
代码如下：
java
class SegmentTree{
int[][] tree;
int k;
public SegmentTree(int[] nums, int k){
this.k = k;
int n = nums.length;
tree = new int[n<<2][k+1];
build(1, 0, n-1, nums);
}
void build(int i, int l, int r, int[] a){
if(l == r){
tree[i][k] = a[l] % k;
tree[i][a[l]%k] = 1;
return;
}
int mid = (l + r) >>> 1;
build(i<<1, l, mid, a);
build(i<<1|1, mid+1, r, a);
tree[i] = merge(tree[i<<1], tree[i<<1|1]);
}
// 合并
int[] merge(int[] a, int[] b){
int[] ans = a.clone();
ans[k] = a[k] * b[k] % k;// 区间乘积 mod k
int x = a[k];
// 更新以 l 为左端点的子数组 mod k 的情况
for(int i = 0; i < k; i++){
ans[x * i % k] += b[i];
}
return ans;
}
// 单点更新
void update(int i, int l, int r, int j, int val){
if(l == r){
Arrays.fill(tree[i], 0);// 复原
tree[i][k] = val % k;
tree[i][val%k] = 1;
return;
}
int mid = (l + r) >>> 1;
if(j <= mid){
update(i<<1, l, mid, j, val);
}else{
update(i<<1|1, mid+1, r, j, val);
}
tree[i] = merge(tree[i<<1], tree[i<<1|1]);
}
// 区间查询
int[] query(int i, int l, int r, int jobL, int jobR){
if(jobL <= l && r <= jobR){
return tree[i];
}
int mid = (l + r) >>> 1;
if(jobR <= mid){
return query(i<<1, l, mid, jobL, jobR);
}
if(mid < jobL){
return query(i<<1|1, mid+1, r, jobL, jobR);
}
return merge(query(i<<1, l, mid, jobL, jobR), query(i<<1|1, mid+1, r, jobL, jobR));
}
}
class Solution {
public int[] resultArray(int[] nums, int k, int[][] queries) {
SegmentTree t = new SegmentTree(nums, k);
int n = nums.length;
int m = queries.length;
int[] ans = new int[m];
for(int i = 0; i < m; i++){
int[] q = queries[i];
t.update(1, 0, n-1, q[0], q[1]);
int[] res = t.query(1, 0, n-1, q[2], n-1);
ans[i] = res[q[3]];
}
return ans;
}
}